2023年全國碩士研究生考試考研英語一試題真題(含答案詳解+作文范文)_第1頁
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文檔簡介

1、<p>  余有限提升模和f一半正則模</p><p><b>  摘要</b></p><p>  在同調(diào)代數(shù)和模論中,有許多概念是對偶的.比如投射與內(nèi)射,本質(zhì)</p><p>  與多余,內(nèi)射包與投射蓋.在形式上對偶的兩個概念在性質(zhì)上并非完全</p><p>  一致.就拿內(nèi)射包和投射蓋來說,我們都知道任何

2、一個模都有內(nèi)射包,</p><p>  但不一定有投射蓋,而要弄清楚何類模具有投射蓋,就必須對模的提升</p><p>  性質(zhì)好好研究.因此,近些年來,作為投射可補模推廣的提升模尤其受</p><p>  到廣泛關(guān)注.本文從余有限子模和有限生成子模這個角度,將提升模分</p><p>  別推廣為有限提升模和r一半正則模.</p>

3、;<p>  在第一部分中,我們首先給出了余有限提升模的等價刻畫.接著討</p><p>  論了余有限提升模保有限直和問題,得到余有限提升模關(guān)于有限直和封</p><p>  閉的一個充分條件.最后,我們又把余有限提升模推廣到強余有限提升</p><p>  模,并研究了它的分解性質(zhì).</p><p>  在第二部分中,首先,

4、我們平行地描述了r一半正貝4模的幾個等價定</p><p>  義.特別是當(dāng)M為投射模時,r一半正則模的等價陳述.接著,我們又</p><p>  給出了可數(shù)生成r一半正則模的結(jié)構(gòu)定理.最后,我們將重心轉(zhuǎn)移到r一</p><p>  半正則模的保有限直和問題.</p><p>  在第三部分中,我們將介紹Serre—o一可補模和富足Serre

5、一可補</p><p>  模.借助Serre一子范疇類,研究子模的可補和提升性質(zhì).首先得到了</p><p> ?。樱澹颍颍濉镆豢裳a模的有限直和還是Serre—o一可補模,以及在某些條件</p><p>  下,Serre—o一可補模的直和項也是Serre—o一可補模.接著證明了富足</p><p> ?。樱澹颍颍逡豢裳a模的同態(tài)像也是富足

6、Serre一可補模.最后研究了強Serre一</p><p><b>  提升模的分解性質(zhì).</b></p><p><b>  碩士學(xué)位論文</b></p><p>  關(guān)鍵詞:余有限提升模,r一半正則模,Serre—o一可補模,富足Serre一</p><p><b>  可補模.&l

7、t;/b></p><p><b> ?、?lt;/b></p><p>  余有限提升模和r一半正則模</p><p><b>  ABSTRACT</b></p><p> ?。桑?homological algebra and modules theory,there</p>&

8、lt;p><b>  are</b></p><p> ?。恚幔欤欤?dual concepts,such</p><p>  舾projectivity and injectivity,essential and superfluous submodules,injective hulls</p><p>  and projectiv

9、e COV6TS.Two dual concept in formality</p><p><b> ?。幔颍?lt;/b></p><p> ?。睿铮?bound to have coro</p><p> ?。颍澹螅穑铮睿洌椋睿?properties.Take injective hulls and projective</p>

10、<p><b>  covers</b></p><p> ?。妫铮?example,we</p><p> ?。幔欤?know that while every module has</p><p><b>  a</b></p><p> ?。椋睿辏澹悖簦椋觯?hull</p&g

11、t;<p> ?。椋?does not necessarily have</p><p><b>  8</b></p><p> ?。穑颍铮辏澹悖簦椋觯?Cover.In order</p><p> ?。簦?see which kind of modules have a</p><p> ?。穑颍铮辏?/p>

12、ctive</p><p><b>  cover,</b></p><p> ?。椋?is nece8sal"y to make</p><p><b>  a</b></p><p> ?。纾铮铮?study of Hfting properties of modules.Therefore,i

13、n</p><p> ?。颍澹悖澹睿?years,a8 a generalization</p><p>  ofprojective supplemented modules,lifting modules</p><p>  have attracted comprehensive attentions.From the aspects of cofinite

14、submodules</p><p> ?。幔睿?finite generated submodules,lifting</p><p><b> ?。恚铮洌酰欤澹?lt;/b></p><p><b> ?。幔颍?lt;/b></p><p>  generalized to cofmite lifting&

15、lt;/p><p>  modules and r-semiregular modules respectively.</p><p> ?。桑?chapter 1 of this paper we first give the characterizations of cofmite lifting</p><p>  modules.Then we</p>

16、;<p><b>  disc嚼the</b></p><p> ?。穑颍铮猓欤澹?about finite direct sullm of cofinite lifting</p><p>  modules and obtain</p><p><b> ?。?lt;/b></p><p&g

17、t; ?。螅酰妫欤欤悖椋澹睿?condition for that.At last,we investigate the de-</p><p> ?。悖铮恚穑铮螅幔猓欤?properties ofstrong</p><p> ?。悖铮妫椋睿椋簦辶颍棰颍?modules,which缸a generalizat/on of</p><p> ?。澹铮妫椋睿椋簦?li

18、fting modules.</p><p> ?。桑?chaper 2,firstly,we describle some equivalent definitions of T--semiregular</p><p> ?。恚铮洌酰欤澹螅牛幔穑澹澹椋幔欤欤ィ鳎瑁澹?M</p><p><b> ?。椋?a</b></p>

19、<p> ?。穑颍铮辏澹悖簦椋觯?module.the equivalent statements of</p><p> ?。撸В螅澹恚椋颍澹纾酰欤幔?modules</p><p><b> ?。幔颍?lt;/b></p><p> ?。纾椋觯澹睿樱澹悖铮睿洌欤?,we introduce the structure theore

20、m</p><p> ?。铮?countably generated 1'-semiregular modules.Finally,we shift to study the finite</p><p> ?。洌椋颍澹悖?sums of</p><p>  T---semire洳modules.</p><p> ?。桑?ehaper 3,

21、we introduce the concepts of Serre—o-supplemented modules</p><p> ?。幔睿?amply Serre-supplemented modules.By the means of Serre—subcategories,</p><p> ?。鳎?do a research toward supplemented and lif

22、tiug properties</p><p> ?。铮?submodules.At</p><p> ?。妫椋颍螅簦鳎?get that the丘時k direct sums of Serre—o-supplemented modules</p><p><b>  In</b></p><p><b> 

23、 are</b></p><p><b>  碩士學(xué)位論文</b></p><p> ?。螅簦椋欤?Serre一@-supplemented modules,and</p><p><b> ?。福?lt;/b></p><p>  do the direct summand of Serre

24、—</p><p>  o-supplemented modules under some contions.Then,we proofthe imag鋁ofamply</p><p> ?。樱澹颍颍澹螅酰穑穑欤澹恚澹睿簦澹?modules</p><p><b>  8xe</b></p><p> ?。幔欤螅?am

25、ply Serre-supplemented modules.At</p><p> ?。欤幔螅?,we investigated the decomposable properties of strong Serre—lifting modules.</p><p>  Keywords:cofinite lming modules,r-semiregular modules,Serre—

26、o一8u—</p><p>  pplemented modules,amply Serre-supplemented modules,</p><p><b> ?。桑?lt;/b></p><p>  湖南師范大學(xué)學(xué)位論文原創(chuàng)性聲明</p><p>  本人鄭重聲明:所呈交的學(xué)位論文,是本人在導(dǎo)師的指導(dǎo)下,獨立</p

27、><p>  進行研究所取得的研究成果.除了文中特別加以標(biāo)注引用的內(nèi)容外,本</p><p>  論文不包含任何其他個人或集體已經(jīng)發(fā)表或撰寫的成果作品.對本文的</p><p>  研究做出重要貢獻的個人和集體,均已在文中以明確方式標(biāo)明.本人完</p><p>  全意識到本聲明的法律后果由本人承擔(dān).</p><p>  

28、學(xué)位論文作者簽名:、麓戢∥刁年‘月/Et</p><p>  湖南師范大學(xué)學(xué)位論文版權(quán)使用授權(quán)書</p><p>  本學(xué)位論文作者完全了解學(xué)校有關(guān)保留、使用學(xué)位論文的規(guī)定,同</p><p>  意學(xué)校保留并向國家有關(guān)部門或機構(gòu)送交論文的復(fù)印件和電子版,允許</p><p>  論文被查閱和借閱.本人授權(quán)湖南師范大學(xué)可以將學(xué)位論文的全部或部

29、</p><p>  分內(nèi)容編人有關(guān)數(shù)據(jù)庫進行檢索,可以采用影印、縮印或掃描等復(fù)制手</p><p>  段保存和匯編本學(xué)位論文.</p><p><b>  本學(xué)位論文屬于</b></p><p> ?。?、保密口,在——年解密后適用本授權(quán)書.</p><p><b>  2、不保密缸&

30、lt;/b></p><p> ?。ㄕ堅谝陨舷鄳?yīng)方框內(nèi)打“.v/”)</p><p><b>  作者簽名:j毛</b></p><p>  導(dǎo)師簽名.1眨舊毒白屯’</p><p> ?。牛簦簦。欤欤海暗槟辏缭拢?lt;/p><p><b>  日期:旆鈿1日</b>&

31、lt;/p><p>  余有限提升模和r一半正則模</p><p><b>  第一章</b></p><p><b>  前言和預(yù)備知識</b></p><p>  眾所周知,投射模與內(nèi)射模在同調(diào)代數(shù)中占有十分重要的地位.就</p><p>  內(nèi)射模而言,就有不少人一直致力于

32、內(nèi)射模的推廣工作.比如:1936年,</p><p>  美國數(shù)學(xué)家Von.Neumann在…I中首次引進了連續(xù)環(huán)的概念,借以研究連</p><p>  續(xù)幾何.之后,日本數(shù)學(xué)家Utumi.Y于1965年在【2】中將連續(xù)環(huán)推廣到連</p><p>  續(xù)模.從此以后,便吸引了更多優(yōu)秀的數(shù)學(xué)工作者置身于其中.因為連</p><p>  續(xù)模是比

33、內(nèi)射模更廣泛的一類模,并且它在實、復(fù)伊一代數(shù)以及連續(xù)幾</p><p>  何學(xué)的研究中起到了很關(guān)鍵的作用.因此該分支得以建立并蓬勃發(fā)展起</p><p><b>  來.</b></p><p>  另一方面,就投射模而言,我們也希望能對偶地建立起一整套理論.</p><p>  事實上,德國人Saad H.Moham

34、ed和Bruno J.Muller于1985年在f3】中給出</p><p>  了提升模的概念,并以此為基礎(chǔ)又定義了離散模和擬離散模,它們就是</p><p>  連續(xù)模與擬連續(xù)模的對偶描述.既然如此,對于這方面的研究也必定具</p><p>  有很高的價值.在他們的文章中,對于擬離散模的分解理論已經(jīng)得到完</p><p>  滿解決,即

35、:任何—個擬離散模都可以分解成為中空模的直和.倘若該</p><p>  分解還是補直和項分解的話,則分解在同構(gòu)意義下唯一.同時給出了擬</p><p>  離散模滿足exchange性質(zhì)和可消性質(zhì)的充要條件.在離散模這部分則主</p><p>  要研究了其自同態(tài)環(huán)的相關(guān)性質(zhì).近些年來,提升模,離散模,擬離散模</p><p>  這三大模

36、類逐漸成為了環(huán)與模方向研究的一個熱點.特別是環(huán)與模的提</p><p>  升性質(zhì),比如Derya Kesldn在【4】【5l【6】中先后研究了提升模、弱提升模、</p><p> ?。拢ǎ?,x).提升(離散、擬離散)模,很好地解決了提升模及其推廣形式下</p><p>  的保有限直和條件.而Yosuk.kuratomi和Noyan則于2005年在用中研究<

37、/p><p>  了提升模的無限直和問題,王永鐸和丁南慶則在【8】中將提升模推廣為廣</p><p>  義提升模,得到了一系列漂亮的結(jié)果.</p><p>  在第一部分中,我們將提升模進行了另一種推廣,即引入了余有限提</p><p><b>  碩士學(xué)位論文</b></p><p>  升模的概

38、念,從研究模的一般方法開始,我們首先給出了余有限提升模的</p><p>  等價刻畫|見定理2.14].接著討論了余有限提升模保有限直和問題,得到</p><p>  余有限提升模關(guān)于有限直和封閉的一個充分條件【見命題2.16].最后,我</p><p>  們又把余有限提升模推廣到強余有限提升模,并研究了它的分解性質(zhì).</p><p> 

39、 在第二部分中,我們將半正則模定義中的Jacobson根改為預(yù)根,從</p><p>  而定義了一類新的模即:</p><p> ?。蛞话胝齽t模.目的是從更一般的函子中來探</p><p>  討這類模所具有的良好性質(zhì).首先,我們平行地描述了'-一半正則模的幾</p><p>  個等價定義[見定理3.4】.特別是當(dāng)M為投射模時,</

40、p><p><b>  r一半正則模的等價</b></p><p>  陳述以及由此所推導(dǎo)出來的幾個命題顯得更為漂亮和重要.接著,我們</p><p>  又給出了可數(shù)生成r一半正則模的結(jié)構(gòu)定理【見命題3.111.最后,我們將</p><p>  重心轉(zhuǎn)移到r一半正則模的保有限直和問題。很遺憾,它一般不具有有限</p&

41、gt;<p>  直和封閉性,這一點可以從該部分的例子中得到說明.既然如此,轉(zhuǎn)而</p><p>  研究其在什么情況下保有限直和就成為了我們最后的工作.</p><p>  在第三部分中,我們將介紹Serre—o一可補模和富足Serre一可補</p><p>  模.借助Serre一子范疇類,研究子模的可補和提升性質(zhì).首先得到了</p>

42、<p> ?。樱澹颍颍濉镆豢裳a模的有限直和還是Serre—o一可補模【見定理4.7l,以及</p><p><b>  在某些條件下,</b></p><p> ?。樱澹颍颍濉镆豢裳a模的直和項也是8erre—o一可補?!疽?lt;/p><p>  命題4,11].接著證明了富足8erre一可補模的同態(tài)像也是富足Serre一可補<

43、;/p><p>  模.最后研究了強Serre一提升模的分解性質(zhì)【見定理4.191.</p><p>  下面我們先介紹一下本文所要用到的一些基本概念和符號.在本文</p><p>  中,R表示有單位元的結(jié)合環(huán),Mod-R表示酉右R-模,設(shè)M∈M0d—R,N≤</p><p> ?。捅硎荆螢椋偷淖幽?,Ⅳ≤o M表示N為M的直和項.HomR(M,

44、N)</p><p>  表示M到N的全體R-同態(tài)構(gòu)成的群,EndR(M)表示M的自同態(tài)群.其</p><p>  它相關(guān)定義及符號參看(【9】【10】).</p><p>  定義1.1一個子模N稱為M的多余子模,是指對于M的任意真子</p><p>  模L,Ⅳ+L≠M記為Ⅳ《M.</p><p><b>

45、; ?。玻?lt;/b></p><p>  壘蔓墾墨莖莖塑:=蘭堊型莖</p><p>  引理1.2【1q設(shè)M∈Mod—R,K≤N≤M H≤M則;</p><p>  (曲N《M當(dāng)且僅當(dāng)K《MⅣ/Ⅳ《M/K</p><p> ?。ǎ猓龋恕叮彤?dāng)且僅當(dāng)日《尬K《M</p><p> ?。ǎ悖┤绻海鸵唬蕖?/p>

46、為模同態(tài),N《M,則f(N)《^∥</p><p> ?。ǎ洌┤绻恕叮?,則K《M</p><p> ?。ǎ澹┤绻簟芪阃袆tK《M當(dāng)且僅當(dāng)K《N</p><p>  (f)如果M=腦。尬,所《M,配《%,則所。鮑《Mx oM2當(dāng)</p><p>  且僅當(dāng)虬《%,K2《M2</p><p> ?。ǎ纾遥福洌ǎ停┦牵偷?/p>

47、所有多余子模的和</p><p> ?。ǎ瑁┤绻巍缎駝tM是有限生成的當(dāng)且僅當(dāng)M/N是有限生成的</p><p>  引理1.3Ix2]設(shè)M∈Mod—R,U≤M則以下條件等價:</p><p> ?。ǎ幔┐嬖谥焙晚棧亍堋#褪沟茫亍逝洌郑叮停?lt;/p><p> ?。ǎ猓┐嬖谥焙晚棧亍?。M以及M的子模Y,滿足x£仉U=</p>

48、<p><b> ?。伲佟叮停?lt;/b></p><p> ?。ǎ悖┐嬖诜纸猓停剑兀铮亍?,使得x∈阢x,nU《X,</p><p><b> ?。常?lt;/b></p><p>  余有限提升模和r一半正則模</p><p><b>  第二章</b></p

49、><p><b>  余有限提升模</b></p><p>  在介紹余有限提升模之前,我們先來看幾個概念.如果M≠0,且M</p><p>  的每個真子模都是M的多余子模,則稱M為hollow模.如果M的所有真</p><p>  子模的和還是M的真子模,則稱M為local模.如果N≤M,M/N有限生</p>

50、<p>  成,則稱N為M的余有限子模.若對于任意,∈End(M),都有,(∽≤iV,</p><p>  則我們稱N為M的全不變子模.</p><p>  定義2.1設(shè)N≤M,K≤M,如果K為妒={∥≤M IⅣ+M’=M}</p><p>  中的極小元(或M=Ⅳ+K,ⅣnK《K),則稱K為N在M中的補子模.</p><p>

51、  進一步,倘若M的任意子模在M中都有補子模,則稱M為可補模.</p><p>  定義2.2【”】如果對于M的任意子模A,都存在M的直和項K,使得</p><p> ?。恕埽?,A/K《M/K(或存在分解M=艦o M2,使得MI</p><p><b>  s</b></p><p><b> ?。?,An尬《&

52、lt;/b></p><p> ?。停瑒t稱M為提升模(或滿足D-).</p><p>  定義2.31x41設(shè)M∈Mod—R,如果M的任意余有限子模都有補子</p><p>  模,則稱M為余有限可補模,甚至該補子模為M的直和項,則稱M為</p><p><b>  。一余有限可補模.</b></p>

53、<p>  定義2.4如果對于M的任意余有限子模A,都存在M的直和項K,使</p><p>  得K≤A,A/K《M/K則稱M為余有限提升模.</p><p>  很明顯提升模都是余有限提升模,但是反過來不一定成立.比如,</p><p> ?。咽怯嘤邢尢嵘?,但不是提升模.</p><p>  定義2.5IS]設(shè)B≤A≤M,如

54、果A/B《M/B,則B稱為A的余本質(zhì)</p><p>  子模.若A沒有真的余本質(zhì)子模,則稱A為M的余閉子模.例如:M的</p><p>  每個直和項就是M的余閉子模.</p><p>  定義2.6Is]如果A≤M,BsA,B為A的余本質(zhì)子模,且B為M的</p><p><b>  一5.</b></p>

55、<p><b>  碩士學(xué)位論文</b></p><p>  余閉子模,則稱B為A在M中的余閉包.例如:提升模的每個子模都有</p><p><b>  一個余閉包.</b></p><p>  引理2.7設(shè)0≠M∈Mod—R,U為M的一個全不變子模,如果</p><p>  M=Mo

56、%,則U=UnMoUnM2.</p><p>  證明見(【15.引理2.41).</p><p>  命題2.8設(shè)0≠M∈Mod—R,U為M的一個全不變子模,如果M是</p><p>  。一余有限可補模,則M/U是。一余有限可補模,甚至,若U還是M的</p><p>  余有限直和項,則U是。一余有限可補模.</p><

57、;p>  證明設(shè)M是o~余有限可補模,L/V是M/U的余有限子模,則L是</p><p> ?。偷挠嘤邢拮幽#捎冢褪?。一余有限可補模,故存在N≤M,Ⅳ,≤M,使</p><p>  得M=ⅣoⅣ,,M=L+Ⅳ'LnN《Ⅳ再由補子模的定義可得,(N+U)/U</p><p>  是L/U在M/U中的補子模.應(yīng)用引理2.7,我們有U=UNNoUnⅣ,.而<

58、/p><p> ?。á簦荆睿á?,+U)=U+(N+U)nN’=U+(N+UnN+UnⅣ,)flⅣ,=</p><p> ?。眨危睥簦眨睿巍健姿裕á簦郑郑铮á?,+U)/U=M/V,M/U是</p><p>  。一余有限可補模.現(xiàn)在設(shè)V是U的余有限子模,則V也是M的余有</p><p>  限子模.因為M是。一余有限可補模,則

59、必存在K</p><p><b> ?。?lt;/b></p><p><b> ?。?,K’≤M,使得</b></p><p> ?。停剑耍溃耍?,M=y+耳,VNK《K,于是U=y+unⅣ,U=UoKEBUNK’.</p><p>  所以yfl(UflK)《UnK(見f16】).因此UnK≤。U是V在U

60、中的補子</p><p>  模,Lr是。一余有限可補模.</p><p>  推論2.9設(shè)M是。一余有限可補模,則:</p><p> ?。ǎ保停校幔洌ǎ停?,M/SocCM),M/Z(M)都是。一余有限可補模.</p><p> ?。ǎ玻┤绻停遥幔洌ǎ停┦怯邢奚傻?,則MIRadCM)為半單模.</p><p&g

61、t;  證明(1)因為RadCM),soc(M),Z(M)都是M的全不變子模,則(1)顯</p><p><b>  然成立.</b></p><p>  (2)因為M/Rad(M)是有限生成的,所以M/R.d(M)的任意子模都</p><p>  是余有限子模.設(shè)L/tkd(M)≤M/J猁(M),則存在L/P以d(M)的補子</p>

62、;<p><b>  一6一</b></p><p>  余有限提升模和r一半正刷模</p><p>  模UIg叫(M),但Rad(MIRad(M))=0,因此"M/R以(∽=L/Rad(M)o</p><p> ?。祝遥幔洌ǎ停?,于是M/Rad(M)為半單模.</p><p>  命題2.10設(shè)M=%o

63、尬,以下說法等價。</p><p> ?。ǎ保┺问寝我煌渡淠?lt;/p><p> ?。ǎ玻τ冢偷娜我猓停剑停玻蔚淖幽#?,存在∥≤Ⅳ'使得M=</p><p><b>  M2固M1</b></p><p>  證明見(【17.引理2.6】).</p><p>  我們現(xiàn)在考慮以下性質(zhì):</

64、p><p> ?。?)當(dāng)M=帆eM2時,則M是%一投射模,^如是尬一投射模.</p><p> ?。ǎ樱樱校┤绻#偷娜我鈨蓚€直和項的和仍是M的直和項.</p><p>  推論2.11設(shè)M是。一余有限可補模且滿足(+)性質(zhì),則M是一個</p><p><b>  余有限提升模.</b></p><p&g

65、t;  證明由命題2.10及引理1.3可得.</p><p>  引理2.12設(shè)M∈M0d—R且具有(SSP)性質(zhì),U≤M,K≤。眠N</p><p>  為M的極大子模,K為N的補子模.如果K+U有—個補子模L≤。尬</p><p>  則U有一個補子模是M的直和項.</p><p><b> ?。?lt;/b></p

66、><p>  證明如果KA(U+L)∈KAN《K,因為UA(L+K)s LA(K+∽+Kn</p><p>  (L+U)《L+K,以及M具有(SSP)性質(zhì),則L+K≤。M是U的補子模.</p><p>  現(xiàn)在假設(shè)KA(L+U)譬KAN,又因為K/KAN皇暇+J】v)/N=馴Ⅳ'KAN</p><p>  是K的極大子模,從而(KAN)+KA(

67、L+U)=托然而UNL≤何+叨NL《</p><p> ?。?,KnⅣ《M.所以M=L+U+K=L+U+(KnⅣ)+Kn(L+∽=</p><p>  二+u+KnN=己+礦即L為u在M中的補子模.</p><p>  緊接著,我們將給出余有限提升模的等價刻畫,對于一個模M,r=</p><p> ?。耍桑耍印#?,且K為M的某個極大子模的補子

68、模},c幽(M)=∑KerK.假</p><p>  如F=g,則cds(M)=0.在本文中,我們總假定r≠o.設(shè){以)旋^為M</p><p>  的local子模類,且厶s。M(W∈^),記Loc。M=∑^EA厶.</p><p><b>  .7.</b></p><p><b>  碩士學(xué)位論文<

69、/b></p><p>  定理2.13設(shè)M∈Mod—R且具有(ssP)性質(zhì)。以下說法等價:</p><p> ?。ǎ保褪?。一余有限可補模</p><p> ?。ǎ玻偷拿總€極大子模都有一個補子模為M的直和項</p><p> ?。ǎ常停停螅ǎ停o極大子模</p><p>  證明類似于(118.定理2.1

70、61)以及利用推論2.11易得.</p><p> ?。ǎ保┬粒ǎ玻╋@然.</p><p> ?。ǎ玻剑澹澹ǎ常┘僭O(shè)N/甜s(M)為M/斑s(M)的一個極大子模,則N是M的</p><p>  極大子模.由(2)知,存在N的補子模K∈F.因此K≤cds(M)≤Ⅳ,矛</p><p><b>  盾.</b></p

71、><p> ?。ǎ常剑ǎ保┰O(shè)U是M的余有限子模,則U+o如(M)是M的余有限子</p><p>  模.如果^∥(U+cds(M))≠0,則必存在有限生成模M/(V+cds(M))的一個</p><p>  極大子模N/(U+cdsCM)).于是N為M的極大子模,N/耐s(M)為M/缸s(M)</p><p>  的極大子模,這恰與(3)矛盾

72、.放M=U+甜s(M),由于M/U是有限生</p><p>  成的,不妨設(shè)M=U+舭1+硒+…+冗‰.其中≈=%+ci,ui∈E</p><p><b> ?。悖椤?lt;/b></p><p>  cds(M),i=1,2,…m.而每個島都包含在r中有限個模的和中,所以可找</p><p>  到%,鮑,…虬∈F,使得M=

73、U+放十…+致.而M=(U+/G+…+</p><p>  玩一1)+以有一個補子模0,則由引理2.12知,U+/q+…+‰一l有一個</p><p>  補子模為M的直和項.反復(fù)利用該引理,我們可得U有一個補子模為M</p><p><b>  的直和項.</b></p><p>  定理2,14設(shè)M∈Mod—R且具有

74、(SSP)和(?)性質(zhì),則以下說法等</p><p><b>  價:</b></p><p> ?。ǎ保褪怯嘤邢尢嵘?lt;/p><p> ?。ǎ玻τ冢偷娜我鈽O大子模A,都存在分解M=尬o%,使得尬≤</p><p><b> ?。?,^n%《M</b></p><p> 

75、?。ǎ常停悖洌螅ǎ停┲袩o極大子模</p><p> ?。ǎ矗停蹋铮?。M中無極大子模</p><p><b>  .8.</b></p><p>  余有限提升模和r一半正則模</p><p>  證明(1)號(2)由余有限提升模的定義可得.</p><p> ?。ǎ玻┝睿ǎ常└鶕?jù)定理2.1

76、3.</p><p> ?。ǎ常┵猓ǎ矗┮驗槊總€極大子模的補子模都是local模,所以有cds(M)S</p><p> ?。蹋铮悖澹停谑牵ǎ矗┏闪ⅲ?lt;/p><p> ?。ǎ矗剑ǎ保?yīng)用(【14.定理2.3】)以及推論2.11可得.</p><p>  推論2.15設(shè)M為投射模且具有(SSP)性質(zhì),則以下說法等價:</p>

77、<p> ?。ǎ保褪牵悖铮∫话胪耆?lt;/p><p> ?。ǎ玻褪恰R挥嘤邢蘅裳a模</p><p> ?。ǎ常偷拿總€單模都有一個投射蓋</p><p> ?。ǎ矗褪怯嘤邢尢嵘?lt;/p><p> ?。ǎ担τ冢偷娜我鈽O大子模A,都存在分解M=尬oM2,使得M1?蘭</p><p><b>

78、; ?。粒蓿睿停病叮?lt;/b></p><p>  (6)M/cds(M)中無極大子模</p><p>  (7)M/LoceM中無極大子模</p><p>  證明(1)§(2)§(3){爭(4)(見f19.推論2.2和定理2.3】)</p><p> ?。ǎ矗?#167;(5)兮(6)甘(7)由投射模滿足(

79、t)性質(zhì)可證。</p><p>  眾所周知,提升模的有限直和不一定還是提升模,同樣地余有限提</p><p>  升模也并非關(guān)于直和封閉.比如t</p><p><b>  乙模M=糾2Z</b></p><p><b>  o</b></p><p> ?。福诰筒皇怯?/p>

80、有限</p><p>  提升模(見【8】),但因為Z/2Z,Z/SZ均為hollow模,所以它們都是余有限提</p><p>  升模.既然如此,接下來我們將給出余有限提升模關(guān)于有限直和封閉的</p><p><b>  一個充分條件.</b></p><p>  命題2.16設(shè)R為Noetherisn環(huán),M=M10M

81、20…o^厶∈M甜一R,</p><p>  且M的每個余有限子模都是全不變子模,如果艦“=1,2,…”)是余有限</p><p>  提升模,則M也是余有限提升模.</p><p>  證明設(shè)U是M的一個余有限子模,由引理1.7知,U=0毫,WnM,).</p><p>  因為R為Noetherian環(huán),M,/Un尬掣(U+Md/V≤M/

82、U,所以Un帆也</p><p><b> ?。梗?lt;/b></p><p><b>  碩士學(xué)位論文</b></p><p>  是艦的一個余有限子模.由于尬為余有限提升模,故存在甄≤。M,</p><p>  使得(Un必)/甄《M/K,,i=1,2,…仉因此U/o警1噩《M/o饕l托,那<

83、;/p><p>  么M也是余有限提升模.</p><p>  定義2.17如果M的子模格滿足分配律,則稱M為分配模.</p><p>  定義2.18設(shè)蠅,尬∈Mod—R,并滿足條件;如果工l/N1型如/M,胍s</p><p>  Lt≤脫O=1,2),則Ll=N1,L2=N2.此時我們稱尬與%為無關(guān)對.</p><p&g

84、t;  推論2.19設(shè)R為Noetherian環(huán),M=胍oM20…o帆為分配模</p><p> ?。ɑ颍团c颶為無關(guān)對,i≠J∈0=1,2,…n}),如果壇0=l,2,…n)是余</p><p>  有限提升模,則M也是余有限提升模.</p><p>  證明由(【20】)的結(jié)論4以及分配模的定義,我們有U=0:。(gri M,).</p><p

85、>  因此根據(jù)命題2.16知,M也是余有限提升模.</p><p>  受到命題2.8的啟發(fā),我們不禁要問余有限提升模的商模是否為余有</p><p>  限提升模,假如答案是否定的,我們又可以對滿足上述條件的模的性質(zhì)</p><p><b>  作進一步的探討.</b></p><p>  例(【15】):設(shè)R為

86、交換局部環(huán)但不是賦值環(huán),竹≥2.則必存在一個</p><p>  有限表現(xiàn)的不可分解模M=艫/K,且它的生成元的個數(shù)不小于n,于是</p><p>  形是—個余有限提升模,但M卻不是.</p><p>  定義2.20如果M的任意商模都是余有限提升模,則稱M為強余有</p><p><b>  限提升模.</b><

87、;/p><p>  顯然強余有限提升模都是余有限提升模,但上例說明反過來不真.最</p><p>  后,我們想用強余有限提升模的分解性質(zhì)來作為本部分的結(jié)束.當(dāng)然,在</p><p>  給出定理之前,我們需要先介紹文獻【211[221中的幾個概念和兩個引理.</p><p>  定義2.21如果Rad(M)=0,則稱M為半本原模.若M的任何商模

88、</p><p>  都是半本原模,則稱M為完全半本原模.</p><p><b>  .10.</b></p><p>  余有限提升摸幫r一半正剛稹</p><p>  定義2.22{A-,也…,丘)為M的真子模有限集,若對于任意1≤</p><p> ?。耄螅ザ加校痢睿恚粒较杽t我僻彌{A

89、l,如…,A)是me酶-independent.</p><p>  若無限真子模集的任意有限子集都是meet-independent,則稱該無限集為</p><p> ?。恚澹澹簦椋睿洌澹穑澹睿洌澹睿簦?lt;/p><p>  對偶于Goldie dimension,下面我們將介紹dual</p><p>  Goldie dimension

90、.</p><p>  定義2.23若M中不存在無限meet-independent真子模集,則稱M具</p><p><b>  有有限dual</b></p><p><b> ?。牵铮欤洌椋?lt;/b></p><p> ?。洌椋椋钊眨欤拢椋铮睿洖椋洌椋怼ǎ停剑?,且n=Sup{klL為M的&

91、lt;/p><p> ?。恚澹澹簦椋睿洌澹穑澹睿洌澹睿艏痰膭轂槠撸?lt;/p><p>  定義2,24設(shè)對于任意M的無限meet4ndependent真子模集{Al,也…}</p><p>  都存在n,使得Vk≥竹,M/山為完全半本原模,則稱M為eventually完全</p><p><b>  半本原的.</b>

92、</p><p>  注:由以上定義不難證明eventually完全半本原模的直和項仍然是</p><p> ?。澹觯澹睿簦酰幔欤欤耆氡驹#?lt;/p><p>  引理2.25假設(shè)Ⅳs M,K是N在M中的余閉包,M/K為半本原</p><p>  模,則N是M的一個余閉子模.</p><p>  證明因為Ⅳ/K《M

93、/K,Ⅳ/K≤Rad(M/K)=0.所以N=置</p><p>  引理2.26設(shè)N為M的一個菲余閉的極大子模,K為N在M中的</p><p>  余閉包,則M/K是hollow模.</p><p>  證明因為N是非余閉的,所以K為N的真子模.任?。停说恼孀?lt;/p><p>  模L/K.設(shè)L/K+研K=M/K,又因為N為M的極大子模,L

94、為M的真</p><p>  子模,以及Ⅳ/K《M/Z:.我們將有Ⅳ+H=M.從而Ⅳ/K+H/K=M/K,</p><p>  再次利用Ⅳ/K《M/K,可得H/K=MIK,故M/K是hollow模.</p><p>  定理2.27設(shè)M為強余有限提升模,且Rad(M)《M.如果M是</p><p> ?。澹觯澹睿簦酰幔欤欤耆氡驹#瑒tM可

95、分解為M=耳oN,dim‘(叼<oo,K滿</p><p>  足刪(K)《K,且K不含非余閉的極大子模.</p><p><b>  碩士學(xué)位論文</b></p><p>  證明因為had(:^力《M則M有極大子模.如果M的每個極大子模</p><p>  都是余閉的,結(jié)論已證畢.否則,設(shè)尬為M的一個非余閉極大子模,

96、由于</p><p> ?。蜑閺娪嘤邢尢嵘?,于是存在甄≤毋曬,使得0≠M/所《馴托,M;</p><p>  凰oⅣ1.現(xiàn)在如果甄有一個非余閉極大子模%,則存在‰s擊尬,使</p><p>  得0≠%/鮑《KUK2,尬=K2 oⅣ2.重復(fù)以上過程,我們說它必在有</p><p>  限次后終止.倘若一直進行下去,則易知{廄,Ⅳ10%,Ⅳ1

97、0Ⅳ20Ks,…)</p><p>  是一個M的無限meet—independent子模集.而M是eventually完全半本原</p><p>  模.所以存在m,使得Vn≥m,心壘MI(N,o…o%一l o‰)是半本原</p><p>  的.又因為心蘭%一。/%,由引理2.25知,^厶在‰一l中余閉.這恰好</p><p>  與^霸

98、不是%一,的余閉子模矛盾.另一方面,玩≤。M,Rad(M)《尬</p><p>  則?。洌ǎィ叮ィ俑鶕?jù)引理2.26,批為hoUow模,故dim+(腿)=1,從而</p><p>  M=Ⅳ10…o風(fēng)。耽=NoK,N=Ⅳlo…o%,K=%,dim*(N)<o。,</p><p>  且K不含非余閉的極大子模.</p><p><b&

99、gt;  .12.</b></p><p>  余有限提升模和r一半正則模</p><p>  第三章7-一半正則模</p><p>  受到第一部分余有限提升模定義的啟發(fā),我們不禁會想到如果將余</p><p>  有限子模改為有限子模,能否對偶地得到一系列的結(jié)論.事實上,這就是</p><p> ?。危?/p>

100、cholson于1976年提出的半正則模的概念.時值今日,我們已經(jīng)得到了</p><p>  許多與之相關(guān)的同調(diào)和非同調(diào)性質(zhì).而本部分正是沿著這個思路,通過</p><p>  預(yù)根的引入,定義了r一半正則模,并試圖在更廣泛和抽象的函子中研究</p><p><b>  模的提升性質(zhì).</b></p><p>  定義【

101、籃】3.1我們將MDd—R到Mod—R的函子r稱為一個預(yù)根,如</p><p>  果它滿足以下兩個條件,</p><p> ?。ǎ保颍ǎ危埽?,VN∈Mod—只</p><p> ?。ǎ玻妫孩?,一Ⅳ為R一模同態(tài),則,(r(Ⅳ7))≤r(Ⅳ),且r(,)為f在7.(Ⅳ,)</p><p><b>  上的限制.</b>

102、;</p><p><b>  ,</b></p><p>  由此易知,如果K≤擊Ⅳ,則Knr(M=r(K).</p><p>  定義3.2設(shè)M∈Mod—R,f為Mod—R中的一個預(yù)根,如果對于任</p><p>  意xR≤M,都存在存在分解M=PoQ,使得P≤嘏,xRNQ∈r(M),則</p>&l

103、t;p>  稱M為r一半正則模.若嘞為r一半正則模,則稱R為r一半正則環(huán).</p><p>  顯然,當(dāng)r為Jacobson根時,則f一半正則模即為半正則模,r一半正則</p><p><b>  環(huán)為半正則環(huán).</b></p><p>  引理3.3設(shè)M∈Mod—R’K≤。尬如果M為_r一半正則模,貝?。?lt;/p><

104、p><b>  也為r一半正則模.</b></p><p><b> ?。?lt;/b></p><p><b>  證明任?。?lt;/b></p><p><b> ?。?lt;/b></p><p>  K,則存在P s尬口≤M M=Po Q,使得P≤<

105、/p><p> ?。遥遥睿选辏颍ǎ停?,由模律可知,K=Pe(KnQ),而zRAKNQ=xRAQ£</p><p>  r(M),Knr(M)=下(Ⅳ),因此捕NQ∈r(K),K也為f一半正則模.</p><p>  定理3.4設(shè)M∈肘甜一R,則以下說法等價t</p><p><b> ?。保场?lt;/b></p&g

106、t;<p><b>  碩士學(xué)位論文</b></p><p> ?。ǎ保蜑椋蛞话胝齽t模</p><p> ?。ǎ玻τ冢偷娜我庥邢奚勺幽#?,存在分解M=PoQ,使得P5</p><p>  Ⅳ,ⅣnQc】r(聊</p><p> ?。ǎ常τ冢偷娜我庋h(huán)子模N,存在,2=,∈End(M),使得f(M)∈

107、</p><p> ?。?,(1一似Ⅳ)cf(M)</p><p> ?。ǎ矗τ冢偷娜我庥邢奚勺幽#?,存在,2=,∈End(M),使得</p><p> ?。妫ǎ停盛簦ǎ币?,)(Ⅳ)∈r(^f)</p><p>  當(dāng)M為投射模時,(1)一(6)等價:</p><p> ?。ǎ担τ谌我猓剩?,存在口∈Ham冠(

108、托腳,使得(nz)2=一以及</p><p> ?。幔ǎ海颍剩颍ǎ停?lt;/p><p>  (6)對于任意z∈尬存在,y:M—z冗,使得f=7,,y(M)為投射模,</p><p> ?。唬罚ㄐl(wèi))∈r(.^,)</p><p>  證明(1)營(2)類似于([16】),但為了完整性起見,我們將給出證明.</p><

109、p> ?。ǎ玻┬粒ǎ保╋@然.</p><p> ?。ǎ保┬粒ǎ玻├脭?shù)學(xué)歸納法,當(dāng)N為M循環(huán)子模時,則結(jié)論成立.假如</p><p>  N為M的n一生成子模,令N=F+G,F為m一1)~生成子模,G為循環(huán)子</p><p>  模,由歸納假設(shè)可知,存在分解M=1'1eQ,,使得只≤只FnQl∈T(M).</p><p>  考慮自然投

110、射h:M—Q1,因為Pl∈F’馬∈Ⅳ,我們有N=P10h(N)=</p><p><b> ?。校?lt;/b></p><p> ?。铮ǎ瑁ǎ疲瑁ǎ牵?,F=只o^(F),h(N)=NnQl,h(F)=Fn Q1.又因為</p><p> ?。瑁ǎ牵椋偷难h(huán)子模,則必存在分解M=t"2</p><p><b>

111、; ?。?lt;/b></p><p> ?。眩沟茫隆剩瑁ǎ茫?lt;/p><p> ?。瑁ǎ危?Ql,h(G)nQ2∈r(M).由模律可知,口1;馬oQ,Q=Ql</p><p><b>  n</b></p><p><b> ?。眩病?lt;/b></p><p> 

112、?。眩?,h(G)n Q∈r(M).令P=Pl</p><p><b> ?。?lt;/b></p><p><b> ?。校?,則有M=P</b></p><p><b> ?。?lt;/b></p><p><b> ?。眩校?lt;/b></p><

113、p><b> ?。?lt;/b></p><p><b> ?。校病剩危?lt;/b></p><p>  再考慮自然同態(tài)Ⅱ:Vt—Q.因為h(f)∈r(M),h(f)∈Q1,口-≤。尬</p><p>  則u(h(F))c r(Q)∈r(M).又由于懇£_Il(G),^(G)=P20(Qn^(G)),</p>

114、<p>  所以h(f)+^(G)=P2+h(f)+h(G)=“,l(刃+1'2+h(G)nQ,NOQ=</p><p> ?。ǎ校欤瑁ǎ疲?,l(G))nQ=(uh(F)+P)nQ+_Il(G)nQ=uh(F)+h(G)n口∈r(M).</p><p> ?。ǎ保I(3),(2)營(4)由定義直接可得.</p><p><b> ?。保矗?/p>

115、.</b></p><p>  余有限提升模和r一半正則模</p><p> ?。ǎ保剑ǎ担┮驗椋蜑椋蛞话胝齽t模,所以存在分解M=A</p><p><b> ?。?lt;/b></p><p><b> ?。?,使得</b></p><p> ?。痢馨?,衄nB∈r

116、(M),于是柚=AozRn B.根據(jù)對偶基原理(見【91)</p><p>  可知,存在墨∈A,oq∈HomR(A,R),使得F=£各l戤慨Ⅳ),”∈A,再作</p><p>  屈∈HornR(M,硒,滿足角(o+6)=啦(n).記z=d+b,≈=鞏,如∈R.令</p><p> ?。幔?!毽lr‘風(fēng)∈Homa(M,R).于是x(ax)=!建lz(n覷力;!毽1輯

117、(啦(∞)=a,</p><p>  即z—a=z—x(az)=6∈xRnBSf(M).同理可得(凹)2=az.’</p><p>  (5)=}(6)設(shè)毛a如上,并令∥=z(o動,則g=F(唧).由阻.引理1.11</p><p>  知,M=yRo彬W=扣∈MlⅣ(Ⅻ,)=o'.令,y:M一妒∈柏為自然</p><p>  投射,假如z=

118、yr+如,r∈R,"∈形則0=ya扛一yr)=Ⅳ(∞)一9Q(Ⅳ)r=</p><p> ?。ǎ幔┮唬?,因此"=yr=筍(∞)=F,£一懈=z—y∈r(M).</p><p> ?。ǎ叮┬粒ǎ保┯杉僭O(shè)知M=7(肼)o(1一們(M),,y(^f)∈zR,xRn(1一,y)(M)于</p><p> ?。ǎ薄罚遥?7.(M).</p><

119、p>  推論3.5如果M為r一半正則模,則M/r(M)的每個有限生成子模</p><p>  都是M/r(M)的直和項.</p><p>  證明設(shè)h:M—M/r(M)為I芻然滿同態(tài),X為^∥r(^D的有限生成子</p><p>  模,則可以找到M的有限生成子模N,使得X=^(Ⅳ).因為M為r一半正</p><p>  則模,由定理3

120、.4知,存在,2=f∈End(M),使得f(M)至N,(1一,)(Ⅳ)∈</p><p> ?。颍ǎ停颍ǎ停椋偷娜蛔冏幽?,故r(M)=7.(M)nf(M)or(肘)n(1一</p><p>  ,)(M),(,(M)+7.(M))n((1一,)(M)+r(M))=(,(M)+r(M)n(1一1)(M))n C(1-</p><p>  似M)+r(M)n,

121、(M))=f(M).所以我們有h(M)=hf(M)oh(1-f)(M),x=</p><p> ?。瑁ǎ危剑瑁ǎ妫ǎ停ǎ币?,)(Ⅳ))=hf(M).</p><p>  定義3.6設(shè)Mx∈Mad—R,如果對于任意f∈Hom(X,^種,都存在</p><p>  分解M=NoL,使得N S,(x),f(x)nL∈r(M),則我們稱M滿足&</p>

122、<p><b>  條件.</b></p><p>  引理3.7設(shè)M,五a=1,2,…n)∈Mod—R,則以下說法等價。</p><p> ?。ǎ保蜐M足氏條件a=1,2,…,I)</p><p><b> ?。保担?lt;/b></p><p><b>  碩士學(xué)位論文</

123、b></p><p> ?。ǎ玻τ谌我猓蕖剩龋铮颍睿ǎ兀?,M),(i=1,2,…f1),都存在分解M=NoL,</p><p>  使得N≤∑:。^(X),∑壘。,‘(置)nL∈r(M).</p><p> ?。ǎ常蜐M足F如,噩條件</p><p>  證明(1)辛(2)利用數(shù)學(xué)歸納法.當(dāng)k=1時,結(jié)論顯然成立.假設(shè)</p&g

124、t;<p>  當(dāng)k=n一1時,結(jié)論成立.現(xiàn)設(shè)k=n,由歸納假設(shè)及(1)知,存在分解</p><p>  M=NoL,使得N≤∑譬五(五),∑。n--。1^(五)nL∈r(肘).即存在冪等元</p><p> ?。澹薄剩牛睿洌ǎ停?,使得el(M)≤E_【=ln--1五(x),以及∑茸五(x)n(1一eO(M)=</p><p> ?。ǎ币唬澹保ǎ牛龋?/p>

125、--1五(X))∈r(M).然而(1一e1)厶∈Ho,n(X。,M),M滿足‰條</p><p>  件,所以又存在冪等元e:∈End(M),使得e2(M)≤(1一e1)厶(%),(1一</p><p> ?。澹保┷蹋ǎ?,)n(1一句)(M)=(1一e2)(1一e1)厶(五。)=(1一e)厶(X。)∈7-(M).</p><p>  這里e=e1+ea—eael.因

126、為ele2=0,所以e為End(M)的冪等元.</p><p>  再根據(jù)eel;el,ee2=e2可得,e(M)=el(M)o</p><p> ?。澹幔ǎ停堋泼拔澹ㄖ茫?lt;/p><p> ?。ǎ币唬澹保┷蹋ǎ?。)=∑:。,i(五),∑:l^(X)n(1一e)(M)=(1一e)(∑銎。^(咒))=</p><p> ?。ǎ币唬澹玻ǎ币?/p>

127、e1)(∑。n-。I^(X))+(1一e)厶(%),由于r(M)為M的全不變子模,</p><p>  故∑:。^(咒)n(1一e)(M)∈r(M).此時還有M=e(M)o(1一e)(M),于是</p><p><b> ?。ǎ玻┏闪ⅲ?lt;/b></p><p> ?。ǎ玻┝睿ǎ常┤稳。琛剩龋恚ǎ铮ィ熘?,M),則h(e7;lX)=∑:1,l凡(墨

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