福建省龍巖市一級(jí)達(dá)標(biāo)校高二期末物理試卷

1、<p>　　2015-2016學(xué)年福建省龍巖市一級(jí)達(dá)標(biāo)校高二（下）期末物理試卷</p><p>　　一、選擇題（共10小題，每小題4分，滿分40分.第1~6小題只有一項(xiàng)符合題目要求；第7~10小題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。）</p><p>　　1．如圖甲所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一匝數(shù)N=10匝，總電阻r=1Ω的矩形

2、線圈abcd繞軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，矩形線圈在轉(zhuǎn)動(dòng)中可以保持和電阻R=9Ω形成閉合回路，回路中接有一理想交流電流表，圖乙是線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t變化的圖象，下列說(shuō)法中正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．電流方向在1s內(nèi)變化50次B．t3=0.01s時(shí)磁通量為Wb</p><p>　　C．電阻兩端的電壓為90VD．電流表的示數(shù)是10A</p><p

3、>　　2．如圖所示是一交變電流的i﹣t圖象，則該交變電流的有效值為（　?。?lt;/p><p>　　A．2AB．2AC．3.2AD．2A</p><p>　　3．如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一金屬桿MN垂直磁場(chǎng)放置，MN的長(zhǎng)度為3L，在N端左邊有一個(gè)固定點(diǎn)O，N到O的距離為L(zhǎng)．當(dāng)桿MN繞過(guò)O點(diǎn)且垂直于紙面的轉(zhuǎn)軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，金屬桿MN兩端的電勢(shì)差大小為：（　　

4、）</p><p>　　A．3BωL2B．4BωL2C．7.5BωL2D．8BωL2</p><p>　　4．如圖所示，垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在正方形虛線區(qū)域內(nèi)，電阻均勻的正方形導(dǎo)線框abcd位于虛線區(qū)域的中央，兩正方形共面且四邊相互平行．現(xiàn)將導(dǎo)線框先后朝圖示兩個(gè)方向以速度v、3v勻速拉出磁場(chǎng)，拉出時(shí)保持線框不離開(kāi)紙面且速度垂直線框．比較兩次移出磁場(chǎng)的過(guò)程中，以下說(shuō)法正確的是（　?。?/p>

5、</p><p>　　A．導(dǎo)體框cd邊兩端電勢(shì)差的大小相同</p><p>　　B．導(dǎo)體框中產(chǎn)生的焦耳熱相同</p><p>　　C．通過(guò)導(dǎo)體框某一截面的電荷量不同</p><p>　　D．導(dǎo)體框cd邊中的感應(yīng)電流方向不同</p><p>　　5．一磁棒自遠(yuǎn)處勻速沿一圓形線圈的軸線運(yùn)動(dòng)，并穿過(guò)線圈向遠(yuǎn)處而去，如圖所示．

6、則下列四個(gè)圖中較正確反映線圈中I與時(shí)間t關(guān)系的是（線圈中電流以圖示箭頭為正方向）（　?。?lt;/p><p>　　A．B．C．D．</p><p>　　6．如圖所示，加在理想變壓器的原線圈輸入端a、b的電壓u=100sin100πt（V），開(kāi)始時(shí)電鍵S接2，此時(shí)理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10：1，下列說(shuō)法正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．交流電壓表的示數(shù)

7、為10V</p><p>　　B．R3滑片向上滑時(shí)，電流表的示數(shù)變大</p><p>　　C．R3滑片向上滑時(shí)，電壓表的示數(shù)變大</p><p>　　D．S接1時(shí)電壓表示數(shù)變大</p><p>　　7．如圖所示的電路中，A1和A2是完全相同的燈泡，線圈L的電阻可以忽略．下列說(shuō)法中正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A

8、．接通電路時(shí)，A2先亮，A1后亮</p><p>　　B．接通電路時(shí)，穩(wěn)定后，A1和A2一樣亮</p><p>　　C．?dāng)嚅_(kāi)電路時(shí)，A1逐漸熄滅，A2閃亮一下后再逐漸熄滅</p><p>　　D．?dāng)嚅_(kāi)電路時(shí)，A1和A2都逐漸熄滅</p><p>　　8．將線圈置于某一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B按甲圖所示規(guī)律變化時(shí)，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E；

9、當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度按圖中哪個(gè)規(guī)律變化時(shí)，線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)大于E（　?。?lt;/p><p>　　A．B．C．D．</p><p>　　9．直導(dǎo)線ab放在如圖所示的固定水平導(dǎo)體框架上，構(gòu)成一個(gè)閉合回路．固定長(zhǎng)直導(dǎo)線cd和框架處在同一個(gè)平面內(nèi)，且cd和ab平行，當(dāng)cd中通有電流時(shí)，發(fā)現(xiàn)ab向右滑動(dòng)．關(guān)于cd中的電流下列說(shuō)法正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．電流增大

10、，方向由c到dB．電流減小，方向由c向d</p><p>　　C．電流增大，方向由d到cD．電流減小，方向由d到c</p><p>　　10．如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌與水平面間的傾角為θ，導(dǎo)軌寬為l，電阻不計(jì)，導(dǎo)軌與阻值為R的定值電阻相連，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過(guò)導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．質(zhì)量為m，長(zhǎng)為l，電阻為R的導(dǎo)體棒，垂直放置在導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒從ab位置平行于導(dǎo)軌向上的初速度v開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體

11、棒最遠(yuǎn)到達(dá)a′b′的位置，bb′距離為s，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，則（　　）</p><p>　　A．上滑過(guò)程中回路電流產(chǎn)生的總熱量為mv2﹣mgs（sinθ+μcosθ）</p><p>　　B．上滑過(guò)程中導(dǎo)體棒克服安培力做的功為mv2﹣mgs（sinθ+μcosθ）</p><p>　　C．上滑動(dòng)過(guò)程中電流做的功為t</p>

12、<p>　　D．上滑過(guò)程中導(dǎo)體棒損失的機(jī)械能為mv2</p><p>　　二、必考題（共5小題，滿分35分）</p><p>　　11．圖甲為熱敏電阻的R﹣t圖象，圖乙為熱敏電阻R和繼電器組成的一個(gè)簡(jiǎn)單恒溫箱溫控電路．繼電器線圈的電阻為40Ω．當(dāng)線圈中的電流大于或等于15mA時(shí)，繼電器的銜鐵被吸合．電池的電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻不計(jì)．（圖中的“電源”是恒溫箱加勢(shì)器的電源．）<

13、/p><p>　?。?）用筆畫線代替導(dǎo)線，把恒溫箱內(nèi)的加勢(shì)器接到繼電器的接線柱上．</p><p>　?。?）如果要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持100℃，可變電阻R′的值應(yīng)調(diào)節(jié)為　　Ω．</p><p>　　12．某新型磁敏電阻的阻值RB與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B的關(guān)系如圖甲所示，其關(guān)系式為RB=　　；用該磁敏電阻制作一個(gè)測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的磁感應(yīng)強(qiáng)度測(cè)量?jī)x，其制作步驟如下：</

14、p><p>　?。?）按照?qǐng)D乙組裝成磁感應(yīng)強(qiáng)度測(cè)量?jī)x，圖中量程為3V的理想電壓表作為顯示器，電源電壓6V，內(nèi)阻不計(jì)，兩定值電阻R的阻值相同．</p><p>　?。?）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的阻值R1=　　Ω，使得磁感應(yīng)強(qiáng)度為零時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度測(cè)量?jī)x的示數(shù)為零．</p><p>　?。?）在電壓表的表盤刻度線標(biāo)上相應(yīng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度值，其中電壓表原來(lái)的“1V”刻度線表示的磁感應(yīng)強(qiáng)度為

15、　　T．</p><p>　　13．如圖所示，某小型水電站發(fā)電機(jī)的輸出功率為10kW，經(jīng)升壓變壓器升壓后，用總電阻R=10Ω輸電線向距離較遠(yuǎn)的用戶供電，經(jīng)降壓變壓器降壓后用戶得到220V、9.75kW的電力．求：</p><p>　?。?）輸電線上的電流I2的大??；</p><p>　?。?）降壓變壓器輸入線圈與輸出線圈的匝數(shù)之比；（變壓器均為理想變壓器）</

16、p><p>　　14．如圖甲所示，匝數(shù)n=1500匝，橫截面積S=20cm2的螺線管處在變化的磁場(chǎng)中，t=0時(shí)開(kāi)關(guān)S閉合，在一段時(shí)間內(nèi)，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示（規(guī)定圖示方向?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度B的負(fù)方向）．螺線管導(dǎo)線電阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω．求：t=1.0s時(shí)電容器上極板的電荷種類及螺線管兩端的電壓．</p><p>　　15．如圖所示，兩足夠長(zhǎng)的平行光滑

17、的金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ=37°，導(dǎo)軌電阻不計(jì)．整個(gè)裝置處于垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，長(zhǎng)為L(zhǎng)的金屬棒垂直于MN、PQ放置在導(dǎo)軌上，且始終與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒的質(zhì)量m、電阻為R，兩金屬導(dǎo)軌的上端連接一個(gè)電阻，其阻值為也R，現(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)K，金屬棒通過(guò)絕緣輕繩、定滑輪和一質(zhì)量為3m的重物相邊，細(xì)繩與導(dǎo)軌平行．在重物的作用下，金屬棒由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)金屬棒下滑距離為s時(shí)速度達(dá)到最大值vm．（重力加速

18、度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：</p><p>　?。?）求金屬棒剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大?。?lt;/p><p>　?。?）求勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；</p><p>　?。?）求金屬棒達(dá)最大速度后再下滑s距離的過(guò)程中，電流做了多少功？</p><p>　　三、選考題【選修3－3】（共4小題，第16

19、~18小題，每小題5分；第19小題10分，滿分25分）</p><p>　　16．下列說(shuō)法正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．氣體的壓強(qiáng)等于器壁單位面積上所受氣體分子平均作用力的大小</p><p>　　B．布朗運(yùn)動(dòng)證明，組成固體小顆粒的分子在做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)</p><p>　　C．當(dāng)人們感到干燥時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較小</p&g

20、t;<p>　　D．已知阿伏加德羅常數(shù)，某氣體的摩爾質(zhì)量，就可以計(jì)算出該氣體的分子質(zhì)量</p><p>　　E．溫度是描述熱運(yùn)動(dòng)的物理量，一個(gè)系統(tǒng)與另一個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時(shí)兩系統(tǒng)溫度相同</p><p>　　17．以下說(shuō)法正確的有（　?。?lt;/p><p>　　A．橡膠無(wú)固定的熔點(diǎn)，是非晶體</p><p>　　B．液晶的光學(xué)性質(zhì)會(huì)

21、隨溫度、外加電壓等外界因素的變化而變化</p><p>　　C．云母片各方向的導(dǎo)熱性能相同</p><p>　　D．氣體很容易充滿整個(gè)容器，這是分子間存在斥力的宏觀表現(xiàn)</p><p>　　E．雨水沒(méi)有透過(guò)布雨傘是因?yàn)橐后w表面存在張力</p><p>　　18．關(guān)于熱現(xiàn)象和熱學(xué)規(guī)律，下列說(shuō)法中正確的是（　?。?lt;/p><p

22、>　　A．只有做功才能改變氣體的內(nèi)能</p><p>　　B．第二類永動(dòng)機(jī)不可能制造成功的原因是因?yàn)檫`背了能量守恒定律</p><p>　　C．用活塞壓縮汽缸里的氣體，對(duì)氣體做了2.0×105J的功，若氣體向外界放出1.5×105J的熱量，則氣體的內(nèi)能增加了0.5×105J</p><p>　　D．自然界中自發(fā)進(jìn)行的與熱現(xiàn)象有關(guān)的

23、宏觀物理過(guò)程都具有方向性</p><p>　　E．空調(diào)機(jī)在制冷過(guò)程中，從室內(nèi)吸收的熱量少于向室外放出的熱量</p><p>　　19．如圖所示，A、B導(dǎo)熱氣缸水平固定放置，截面積分別為400cm2、200cm2．用導(dǎo)熱活塞M、N分別在A、B兩個(gè)氣缸中封閉體積均為10L、壓強(qiáng)均為1atm，溫度相同的理想氣體，M、N間有一輕桿相連．現(xiàn)給活塞N施加一水平推力，使其緩慢向右移動(dòng)，不計(jì)活塞與器壁間的

24、摩擦，周圍大氣壓強(qiáng)為P0=1atm=105Pa，氣溫保持不變．當(dāng)推力F=2×103N時(shí)，求：</p><p>　?。?）A中氣體壓強(qiáng)？</p><p>　　（2）活塞N向右移動(dòng)的距離是多少？</p><p><b>　　【選修3-4】</b></p><p>　　20．一簡(jiǎn)諧振子沿x軸振動(dòng)，平衡位置在坐標(biāo)原點(diǎn)，

25、t=0時(shí)刻振子的位移x=﹣0.3m；t=3s時(shí)刻x=0.3m，則該振子的振幅和周期可能為（　?。?lt;/p><p>　　A．0.3m，6sB．0.3m，3sC．0.6m，18sD．0.6m，6s</p><p>　　E．0.6m，3s</p><p>　　21．圖甲所示為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=2s時(shí)的波形圖，圖乙為該波上A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象，則下列判斷正確的

26、是（　?。?lt;/p><p>　　A．這列波的波速為2m/s</p><p>　　B．這列波沿x軸負(fù)向傳播</p><p>　　C．質(zhì)點(diǎn)A在任意一個(gè)2s時(shí)間內(nèi)通過(guò)的路程一定為40cm</p><p>　　D．該波遇到另一列波發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，則另一列波的頻率為2.5Hz</p><p>　　E．該波傳播時(shí)遇到一尺寸為1

27、.2m的障礙物，能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象</p><p>　　22．以下說(shuō)法中正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．圖甲是一束由紅、紫組成的復(fù)色光進(jìn)入水珠后傳播的示意圖，其中a為紫色光b為紅光</p><p>　　B．圖乙沙漠中的“蜃景”現(xiàn)象是光的折射和全反射現(xiàn)象引起的</p><p>　　C．圖丙是雙縫干涉示意圖，若只減小雙縫S1、S2間距

28、離d，兩相鄰亮條紋間距離△x將減小</p><p>　　D．圖丁是單色光的衍射圖樣，中央條紋特別寬特別亮，兩側(cè)的亮紋比較窄比較暗</p><p>　　E．圖戊中的M、N是偏振片，P是光屏．當(dāng)M固定不動(dòng)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)N時(shí)，光屏P上的光亮度將明暗交替變化</p><p>　　23．如圖所示為一個(gè)直角三棱鏡的橫霰面圖，∠A=30°，BC的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，棱鏡材料的折射率為．

29、把此棱鏡放在真空中，一束平行單色光垂直射向BC面．求：</p><p>　?。?）光從AC面上射出時(shí)的折射角；</p><p>　?。?）從AC面上射出光束的寬度（不考慮AC面的反射光線）</p><p><b>　　【選修3-5】</b></p><p>　　24．下列物理史實(shí)正確的是（　?。?lt;/p>&

30、lt;p>　　A．湯姆生發(fā)現(xiàn)電子后猜想出原子內(nèi)的正電荷集中在很小的核內(nèi)</p><p>　　B．盧瑟夫提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型</p><p>　　C．貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射性現(xiàn)象，揭示了原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)</p><p>　　D．查德威確在原子核人工轉(zhuǎn)變實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了中子</p><p>　　E．康普頓在研究X射線實(shí)驗(yàn)時(shí)提出了光子說(shuō)<

31、;/p><p>　　25．以下說(shuō)法中正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．β衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時(shí)所產(chǎn)生的</p><p>　　B．若使放射物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將減小</p><p>　　C．大量氫原子從n=4的能級(jí)躍遷到n=1的能級(jí)，能夠輻射6種頻率的光子</p><p>　　D． U衰變?yōu)?/p>

32、Pb的過(guò)程中，要經(jīng)過(guò)8次α衰變和10次β衰變</p><p>　　E． H+H→He+n是輕核聚變</p><p>　　26．某金屬逸出的光電子的最大初動(dòng)能和入射光的頻率v變化的關(guān)系圖象如圖所示，直線與橫軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為4.29×1014Hz，與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)為0.5eV．則下列說(shuō)法正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．該金屬的逸出功為0.5eV</

33、p><p>　　B．該金屬的極限頻率為4.29×1014Hz</p><p>　　C．當(dāng)入射光頻率為5.5×1014Hz時(shí)，光的強(qiáng)度越大</p><p>　　D．直線的斜率表示普朗克常量h</p><p>　　E．該圖說(shuō)明了光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成正比</p><p>　　27．如圖所示，光滑

34、水平面上有一輛質(zhì)量為M=1kg的小車，一輕彈簧固定在小車擋板上，此時(shí)彈簧長(zhǎng)度恰好為原長(zhǎng)，不車上表面的右端放置一個(gè)質(zhì)量為m=0.9kg滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），滑塊與小車上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2，滑塊與彈簧右端相距L=0.6m，整個(gè)系統(tǒng)一起以v1=10m/s的速度向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)．現(xiàn)在有一質(zhì)量為m0=0.1kg的子彈，以v0=150m/s的速度向左射入滑塊且不穿出，所用時(shí)間極短．滑塊在小車上運(yùn)動(dòng)一段距離后擠壓彈簧，當(dāng)彈簧壓縮到最短時(shí)的

35、壓縮量為d=0.5m，g=10m/s2．求</p><p>　　①子彈剛射射入滑塊時(shí)，子彈與滑塊的共同速度；</p><p>　?、趶椈蓧嚎s到最短時(shí)，彈簧彈性勢(shì)能的大?。?lt;/p><p>　　2015-2016學(xué)年福建省龍巖市一級(jí)達(dá)標(biāo)校高二（下）期末物理試卷</p><p><b>　　參考答案與試題解析</b><

36、/p><p>　　一、選擇題（共10小題，每小題4分，滿分40分.第1~6小題只有一項(xiàng)符合題目要求；第7~10小題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。）</p><p>　　1．如圖甲所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一匝數(shù)N=10匝，總電阻r=1Ω的矩形線圈abcd繞軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，矩形線圈在轉(zhuǎn)動(dòng)中可以保持和電阻R=9Ω形成閉合回路，回路中接有一

37、理想交流電流表，圖乙是線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t變化的圖象，下列說(shuō)法中正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．電流方向在1s內(nèi)變化50次B．t3=0.01s時(shí)磁通量為Wb</p><p>　　C．電阻兩端的電壓為90VD．電流表的示數(shù)是10A</p><p>　　【考點(diǎn)】交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系．</p><p>

38、　　【分析】通過(guò)交流電的圖象可知交流電的電壓和周期，求得有效值，根據(jù)Em=NBSω可知穿過(guò)線圈磁通量的最大值，有閉合電路的歐姆定律求得電壓和電流</p><p>　　【解答】解：A、由乙圖可知，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的周期T=0.02s，在一個(gè)周期內(nèi)電流改變2次，故1s內(nèi)電流方向改變次數(shù)為n=次，故A錯(cuò)誤；</p><p>　　B、由乙圖可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為Em=100V，轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，根

39、據(jù)Em=NBSω可知， =</p><p>　　在t3=0.01s時(shí)磁通量最大，故為Wb，故B正確；</p><p>　　C、產(chǎn)生的感應(yīng)電壓的有效值E=，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，故C錯(cuò)誤；</p><p>　　D、電流表的示數(shù)I=，故D錯(cuò)誤；</p><p><b>　　故選：B</b></p><

40、;p>　　2．如圖所示是一交變電流的i﹣t圖象，則該交變電流的有效值為（　?。?lt;/p><p>　　A．2AB．2AC．3.2AD．2A</p><p>　　【考點(diǎn)】交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系．</p><p>　　【分析】根據(jù)有效值的定義求解．取一個(gè)周期時(shí)間，將交流與直流分別通過(guò)相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值<

41、;/p><p>　　【解答】解：設(shè)交流電電流的有效值為I，周期為T，電阻為R．</p><p>　　則：I2RT=R×+42R×</p><p>　　解得：I=，故D正確；</p><p><b>　　故選：D</b></p><p>　　3．如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中

42、，有一金屬桿MN垂直磁場(chǎng)放置，MN的長(zhǎng)度為3L，在N端左邊有一個(gè)固定點(diǎn)O，N到O的距離為L(zhǎng)．當(dāng)桿MN繞過(guò)O點(diǎn)且垂直于紙面的轉(zhuǎn)軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，金屬桿MN兩端的電勢(shì)差大小為：（　?。?lt;/p><p>　　A．3BωL2B．4BωL2C．7.5BωL2D．8BωL2</p><p>　　【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．</p><p>　　【分析】MN

43、段切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，MN產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 E=BL，注意速度為平均速度，從而求出棒兩端的電壓．</p><p>　　【解答】解：由E=BLv得：MN產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=B?3L，</p><p>　　M點(diǎn)的速度為：vA=ω4L，vB=ωL，AB段的平均速度為： ==2.5ωR</p><p>　　AB段的電勢(shì)差為：UMN=B?3L?2.5ωR=7.5B

44、ωL2，故C正確，ABD錯(cuò)誤．</p><p><b>　　故選：C</b></p><p>　　4．如圖所示，垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在正方形虛線區(qū)域內(nèi)，電阻均勻的正方形導(dǎo)線框abcd位于虛線區(qū)域的中央，兩正方形共面且四邊相互平行．現(xiàn)將導(dǎo)線框先后朝圖示兩個(gè)方向以速度v、3v勻速拉出磁場(chǎng)，拉出時(shí)保持線框不離開(kāi)紙面且速度垂直線框．比較兩次移出磁場(chǎng)的過(guò)程中，以下說(shuō)法正確的是

45、（　?。?lt;/p><p>　　A．導(dǎo)體框cd邊兩端電勢(shì)差的大小相同</p><p>　　B．導(dǎo)體框中產(chǎn)生的焦耳熱相同</p><p>　　C．通過(guò)導(dǎo)體框某一截面的電荷量不同</p><p>　　D．導(dǎo)體框cd邊中的感應(yīng)電流方向不同</p><p>　　【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；歐姆定律．</p>

46、<p>　　【分析】先根據(jù)E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，再根據(jù)閉合電路歐姆定律求cd兩端的電壓，注意明確當(dāng)cd切割磁感線時(shí)，其兩端的電壓為路端電壓；</p><p>　　通過(guò)q=求出通過(guò)某一橫截面的電量．根據(jù)熱量的公式Q=I2Rt進(jìn)行分析產(chǎn)生的焦耳熱的大?。桓鶕?jù)右手定律或楞次定律分析電流方向是否相同．</p><p>　　【解答】解：向上以v出磁場(chǎng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E1=BL

47、v，此時(shí)cd為電源，故其兩端的電壓為路端電壓，故cd邊的電勢(shì)差U1=E1=BLv．向下以3v出磁場(chǎng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E2=3BLv，則cd邊的電勢(shì)差U2=BL?3v=BLv，故A正確．</p><p>　　B、由歐姆定律可知，I=，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=，則產(chǎn)生的熱量Q=I2Rt=，可見(jiàn)產(chǎn)生的熱量與速度有關(guān)，所以導(dǎo)線框產(chǎn)生的焦耳熱不同，故B錯(cuò)誤</p><p>　　C、通過(guò)q===知，出磁場(chǎng)時(shí)磁通

48、量變化量相同，則通過(guò)電量相同，故C錯(cuò)誤；</p><p>　　D、根據(jù)楞次定律知，出磁場(chǎng)時(shí)，磁通量減小，則感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，即?dǎo)線框cd邊產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同，故D錯(cuò)誤．</p><p><b>　　故選：A</b></p><p>　　5．一磁棒自遠(yuǎn)處勻速沿一圓形線圈的軸線運(yùn)動(dòng)，并穿過(guò)線圈向遠(yuǎn)處而去，如圖所示．則下列四個(gè)圖中較正確

49、反映線圈中I與時(shí)間t關(guān)系的是（線圈中電流以圖示箭頭為正方向）（　　）</p><p>　　A．B．C．D．</p><p><b>　　【考點(diǎn)】楞次定律．</b></p><p>　　【分析】解此題的關(guān)鍵是先根據(jù)磁棒的N極靠近線圈過(guò)程中根據(jù)楞次定律判斷出線圈中感應(yīng)電流的方向，再判斷出磁棒遠(yuǎn)離線圈過(guò)程中感應(yīng)電流的方向，即可選出正確答案，然后

50、可進(jìn)一步分析出磁棒的中央與線圈重合的瞬間（磁通量最大）感應(yīng)電流是零，并且能判斷出感應(yīng)電流有一極值存在．</p><p>　　【解答】解：當(dāng)磁棒的N極從遠(yuǎn)處向線圈靠近的過(guò)程中，穿過(guò)線圈的磁通量方向向右大小增大，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向左，再由安培定則不難判斷出感應(yīng)電流的方向?yàn)檎较颍◤淖笙蛴铱茨鏁r(shí)針?lè)较颍?，可排除選項(xiàng)CD；</p><p>　　當(dāng)磁通量最大時(shí)即磁棒中央與線圈重合時(shí)磁

51、通量的變化率為零即感應(yīng)電流為零，因?yàn)楫?dāng)磁棒的中央穿過(guò)線圈后繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，穿過(guò)線圈的磁通量減少了但方向沒(méi)變，根據(jù)楞次定律可判斷出感應(yīng)電流方向?yàn)樨?fù)方向，因?yàn)楦袘?yīng)電流方向不能突變，故感應(yīng)電流為零時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量最大（即磁棒中央與線圈重合瞬間），所以B正確．</p><p><b>　　故選B．</b></p><p>　　6．如圖所示，加在理想變壓器的原線圈輸入端

52、a、b的電壓u=100sin100πt（V），開(kāi)始時(shí)電鍵S接2，此時(shí)理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10：1，下列說(shuō)法正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．交流電壓表的示數(shù)為10V</p><p>　　B．R3滑片向上滑時(shí)，電流表的示數(shù)變大</p><p>　　C．R3滑片向上滑時(shí)，電壓表的示數(shù)變大</p><p>　　D．S接1時(shí)電壓表示數(shù)

53、變大</p><p>　　【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理．</p><p>　　【分析】變壓器中電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率，電表顯示有效值．</p><p>　　【解答】解：A、原線圈電壓有效值為V，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知電壓表示數(shù)為，故A錯(cuò)誤</p><p>　　B、滑片向上滑時(shí)，的阻值增大，副線圈的總電阻變大，電

54、壓不變，電流減小，故輸出功率減小，輸入功率也減小，原線圈電壓不變，所以原線圈的電流變小，電流表的示數(shù)變小，故B錯(cuò)誤；</p><p>　　C、因?yàn)樵€圈電壓不變及匝數(shù)比不變，副線圈的電壓不變，電壓表的示數(shù)不變，故C錯(cuò)誤；</p><p>　　D、S接1時(shí)，原線圈的匝數(shù)減少，原線圈的電壓不變，副線圈的匝數(shù)不變，根據(jù)，得，知副線圈的電壓變大，即電壓表的示數(shù)變大，故D正確；</p>

55、<p><b>　　故選：D</b></p><p>　　7．如圖所示的電路中，A1和A2是完全相同的燈泡，線圈L的電阻可以忽略．下列說(shuō)法中正確的是（　　）</p><p>　　A．接通電路時(shí)，A2先亮，A1后亮</p><p>　　B．接通電路時(shí)，穩(wěn)定后，A1和A2一樣亮</p><p>　　C．?dāng)嚅_(kāi)電路時(shí)

56、，A1逐漸熄滅，A2閃亮一下后再逐漸熄滅</p><p>　　D．?dāng)嚅_(kāi)電路時(shí)，A1和A2都逐漸熄滅</p><p>　　【考點(diǎn)】自感現(xiàn)象和自感系數(shù)．</p><p>　　【分析】當(dāng)開(kāi)關(guān)接通和斷開(kāi)的瞬間，流過(guò)線圈的電流發(fā)生變化，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙原來(lái)電流的變化，根據(jù)楞次定律及串聯(lián)電路的特點(diǎn)來(lái)分析．</p><p>　　【解答】解：AB、合上開(kāi)

57、關(guān)K接通電路時(shí)，A2立即正常發(fā)光，線圈中電流要增大，由于自感電動(dòng)勢(shì)的阻礙，燈泡A1中電流只能逐漸增大，則A2先亮，A1后亮，最后穩(wěn)定后，一樣亮．故A正確，B也正確．</p><p>　　CD、A2原來(lái)的電流立即減小為零，線圈中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，兩燈泡串聯(lián)和線圈組成回路，回路中電流從原來(lái)值逐漸減小到零，則A1和A2都要過(guò)一會(huì)兒才熄滅．故C錯(cuò)誤，D正確．</p><p><b>　　故

58、選：ABD．</b></p><p>　　8．將線圈置于某一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B按甲圖所示規(guī)律變化時(shí)，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E；當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度按圖中哪個(gè)規(guī)律變化時(shí)，線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)大于E（　　）</p><p>　　A．B．C．D．</p><p>　　【考點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律．</p><p>

59、;　　【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，面積不變，比較磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率越大產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大．</p><p><b>　　【解答】解：圖甲：</b></p><p>　　A、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，等于E，故A錯(cuò)誤；</p><p>　　B、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，大于E，故B正確；</p><p&g

60、t;　　C、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，等于E，故C錯(cuò)誤；</p><p>　　D、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，大于E，故D正確；</p><p><b>　　故選：BD</b></p><p>　　9．直導(dǎo)線ab放在如圖所示的固定水平導(dǎo)體框架上，構(gòu)成一個(gè)閉合回路．固定長(zhǎng)直導(dǎo)線cd和框架處在同一個(gè)平面內(nèi)，且cd和ab平行，當(dāng)cd中通有電流時(shí)，發(fā)現(xiàn)ab向

61、右滑動(dòng)．關(guān)于cd中的電流下列說(shuō)法正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．電流增大，方向由c到dB．電流減小，方向由c向d</p><p>　　C．電流增大，方向由d到cD．電流減小，方向由d到c</p><p><b>　　【考點(diǎn)】楞次定律．</b></p><p>　　【分析】要使ab發(fā)生運(yùn)動(dòng)則右側(cè)框架中一定會(huì)發(fā)

62、生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，則由楞次定律可得出線框內(nèi)磁場(chǎng)的變化．</p><p>　　【解答】解：導(dǎo)線右移時(shí)，線框的面積減小，由楞次定律可知原磁場(chǎng)一定是增大的；并且不論電流朝向哪個(gè)方向，只要電流增大，都會(huì)發(fā)生ab右移的情況；</p><p><b>　　故選：AC．</b></p><p>　　10．如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌與水平面間的傾角為θ，導(dǎo)軌寬為l，

63、電阻不計(jì)，導(dǎo)軌與阻值為R的定值電阻相連，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過(guò)導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．質(zhì)量為m，長(zhǎng)為l，電阻為R的導(dǎo)體棒，垂直放置在導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒從ab位置平行于導(dǎo)軌向上的初速度v開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒最遠(yuǎn)到達(dá)a′b′的位置，bb′距離為s，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，則（　?。?lt;/p><p>　　A．上滑過(guò)程中回路電流產(chǎn)生的總熱量為mv2﹣mgs（sinθ+μcosθ）</p><

64、;p>　　B．上滑過(guò)程中導(dǎo)體棒克服安培力做的功為mv2﹣mgs（sinθ+μcosθ）</p><p>　　C．上滑動(dòng)過(guò)程中電流做的功為t</p><p>　　D．上滑過(guò)程中導(dǎo)體棒損失的機(jī)械能為mv2</p><p>　　【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化．</p><p>　　【分析】根據(jù)功能關(guān)系求解克服安培力

65、做的功，即為產(chǎn)生的焦耳熱；上滑過(guò)程中導(dǎo)體棒損失的機(jī)械能等于動(dòng)能減去重力勢(shì)能，由此分析．</p><p>　　【解答】解：AB、設(shè)克服安培力做的功為W，根據(jù)功能關(guān)系可得： =mgsinθ?s+μmgcosθ?s+W，克服安培力做的功等于產(chǎn)生的焦耳熱，則：Q=W=mv2﹣mgs（sinθ+μcosθ），A、B正確；</p><p>　　C、上滑動(dòng)過(guò)程中電流做的功等于產(chǎn)生的焦耳熱，即為mv2﹣m

66、gs（sinθ+μcosθ），C錯(cuò)誤；</p><p>　　D、上滑過(guò)程中導(dǎo)體棒損失的機(jī)械能為Q+μmgcosθ?s=mv2﹣mgs?sinθ，D錯(cuò)誤．</p><p><b>　　故選：AB．</b></p><p>　　二、必考題（共5小題，滿分35分）</p><p>　　11．圖甲為熱敏電阻的R﹣t圖象，圖乙為熱

67、敏電阻R和繼電器組成的一個(gè)簡(jiǎn)單恒溫箱溫控電路．繼電器線圈的電阻為40Ω．當(dāng)線圈中的電流大于或等于15mA時(shí)，繼電器的銜鐵被吸合．電池的電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻不計(jì)．（圖中的“電源”是恒溫箱加勢(shì)器的電源．）</p><p>　　（1）用筆畫線代替導(dǎo)線，把恒溫箱內(nèi)的加勢(shì)器接到繼電器的接線柱上．</p><p>　　（2）如果要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持100℃，可變電阻R′的值應(yīng)調(diào)節(jié)為　10　Ω．<

68、;/p><p>　　【考點(diǎn)】傳感器在生產(chǎn)、生活中的應(yīng)用．</p><p>　　【分析】（1）當(dāng)溫度低的時(shí)候，加熱器開(kāi)始工作，加熱器與加熱電源相連，分析圖乙所示電路圖答題．</p><p>　　（2）要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持100℃，當(dāng)溫度低于100℃時(shí)，加熱器要開(kāi)始工作，即控制電路電流達(dá)到15mA加熱電路接通．根據(jù)閉合電路歐姆定律即可求得電阻的大?。?lt;/p>

69、<p>　　【解答】解：（1）當(dāng)恒溫箱內(nèi)的溫度較低的時(shí)候，加熱器要接入電路開(kāi)始工作，此時(shí)銜鐵要被吸下來(lái)，</p><p>　　加熱器要與加熱電源組成閉合回路，由圖乙所示電路圖可知，加熱器要接在C、D端，電路圖如圖所示：</p><p>　　（2）當(dāng)溫度低于100℃時(shí)，加熱電路就要閉合，此時(shí)的繼電器的銜鐵要被吸合，</p><p>　　此時(shí)控制電路的電流要

70、到達(dá)15mA=0.015A，由圖甲所示圖象可知，溫度為100℃時(shí)，R=350Ω，</p><p>　　根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：I=，即：0.015=，解得：R′=10Ω．</p><p>　　故答案為：（1）電路圖如圖所示；（2）10．</p><p>　　12．某新型磁敏電阻的阻值RB與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B的關(guān)系如圖甲所示，其關(guān)系式為RB=　140+1000B（Ω）

71、?。挥迷摯琶綦娮柚谱饕粋€(gè)測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的磁感應(yīng)強(qiáng)度測(cè)量?jī)x，其制作步驟如下：</p><p>　　（1）按照?qǐng)D乙組裝成磁感應(yīng)強(qiáng)度測(cè)量?jī)x，圖中量程為3V的理想電壓表作為顯示器，電源電壓6V，內(nèi)阻不計(jì)，兩定值電阻R的阻值相同．</p><p>　?。?）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的阻值R1=　140　Ω，使得磁感應(yīng)強(qiáng)度為零時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度測(cè)量?jī)x的示數(shù)為零．</p><p>　?。?

72、）在電壓表的表盤刻度線標(biāo)上相應(yīng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度值，其中電壓表原來(lái)的“1V”刻度線表示的磁感應(yīng)強(qiáng)度為　0.14　T．</p><p>　　【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律．</p><p>　　【分析】根據(jù)圖示圖象求出電阻隨磁感應(yīng)強(qiáng)度變化的關(guān)系；</p><p>　?。?）由圖示圖象求出磁感應(yīng)強(qiáng)度為零時(shí)磁敏電阻的阻值，然后應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)求出滑動(dòng)變阻器阻值大?。?lt;/p&g

73、t;<p>　?。?）根據(jù)題意求出定值電阻兩端電壓，然后應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出磁敏電阻的阻值，然后求出磁感應(yīng)強(qiáng)度．</p><p>　　【解答】解：設(shè)RB=kB+R0，由圖示圖象可知：RB=140Ω時(shí)B=0，RB=300Ω時(shí)B=0.16T，代入表達(dá)式解得：R0=140Ω，k=1000，則RB=1000B+140（Ω）；</p><p>　?。?）由圖示圖象可知，磁感應(yīng)

74、強(qiáng)度為零時(shí)磁敏電阻阻值為140Ω，要使磁感應(yīng)強(qiáng)度測(cè)量?jī)x示數(shù)為零，則電壓表上下兩接線柱的電勢(shì)相等，由圖示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器與磁敏電阻電壓應(yīng)相等，它們的阻值應(yīng)相等，則R1=140Ω．</p><p>　　（3）由圖示電路圖可知，電壓表示數(shù)為1V時(shí)，滑動(dòng)變阻器兩端電壓應(yīng)為2V，磁敏電阻兩端電壓應(yīng)為4V，此時(shí)磁敏電阻阻值：RB====280Ω，</p><p>　　由RB=1000B+140可

75、知，B===0.14T；</p><p>　　故答案為：RB=140+1000B（Ω）；（2）140；（3）0.14．</p><p>　　13．如圖所示，某小型水電站發(fā)電機(jī)的輸出功率為10kW，經(jīng)升壓變壓器升壓后，用總電阻R=10Ω輸電線向距離較遠(yuǎn)的用戶供電，經(jīng)降壓變壓器降壓后用戶得到220V、9.75kW的電力．求：</p><p>　　（1）輸電線上的電流I2

76、的大??；</p><p>　?。?）降壓變壓器輸入線圈與輸出線圈的匝數(shù)之比；（變壓器均為理想變壓器）</p><p>　　【考點(diǎn)】遠(yuǎn)距離輸電．</p><p>　　【分析】（1）根據(jù)發(fā)電機(jī)的輸出功率和用戶得到的功率求得損失的功率，有△P=I2R求得輸送電流；</p><p>　　（2）變壓器輸入功率和輸出功率相同，匝數(shù)之比與原副線圈中的電流成

77、反比即可求得</p><p>　　【解答】解：（1）輸電線路上損失的電壓為△P=P﹣P1=10﹣9.75kW=250W</p><p><b>　　根據(jù)解得</b></p><p><b>　　I2=5A</b></p><p>　　（2）根據(jù)遠(yuǎn)距離輸電的特點(diǎn)可知I3=I2=5A P4=P3

78、=U4I4=U3I3</p><p>　　聯(lián)立解得 </p><p>　　答：（1）輸電線上的電流I2的大小為5A；</p><p>　?。?）降壓變壓器輸入線圈與輸出線圈的匝數(shù)之比為195：22</p><p>　　14．如圖甲所示，匝數(shù)n=1500匝，橫截面積S=20cm2的螺線管處在變化的磁場(chǎng)中，t=0時(shí)開(kāi)關(guān)S閉合，在一段時(shí)

79、間內(nèi)，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示（規(guī)定圖示方向?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度B的負(fù)方向）．螺線管導(dǎo)線電阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω．求：t=1.0s時(shí)電容器上極板的電荷種類及螺線管兩端的電壓．</p><p>　　【考點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律．</p><p>　　【分析】根據(jù)楞次定律可分析螺線管產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的方向，從而明確電容器上極板帶電的種類； &l

80、t;/p><p>　　根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可求得產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，再根據(jù)閉合電路歐姆定律可求得電流，從而求出螺線管兩端的電壓．</p><p>　　【解答】解：根據(jù)楞次定律可以判斷，螺線管內(nèi)電流向上，故上端為正極，所以電容器上極板帶正電 </p><p>　　由乙圖可知，螺線管上產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E的大小不變，有：</p><p>　　電路中的電

81、流為：I===0.006A； </p><p>　　螺線管兩端的電壓為：U=I（R1+R2）=0.006 A×9Ω=0.054 V </p><p>　　答：電容器上極板帶正電； 螺線管兩端的電壓為0.054V．</p><p>　　15．如圖所示，兩足夠長(zhǎng)的平行光滑的金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ=37°，導(dǎo)軌電阻不計(jì)．

82、整個(gè)裝置處于垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，長(zhǎng)為L(zhǎng)的金屬棒垂直于MN、PQ放置在導(dǎo)軌上，且始終與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒的質(zhì)量m、電阻為R，兩金屬導(dǎo)軌的上端連接一個(gè)電阻，其阻值為也R，現(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)K，金屬棒通過(guò)絕緣輕繩、定滑輪和一質(zhì)量為3m的重物相邊，細(xì)繩與導(dǎo)軌平行．在重物的作用下，金屬棒由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)金屬棒下滑距離為s時(shí)速度達(dá)到最大值vm．（重力加速度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：</p

83、><p>　　（1）求金屬棒剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大??；</p><p>　?。?）求勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；</p><p>　?。?）求金屬棒達(dá)最大速度后再下滑s距離的過(guò)程中，電流做了多少功？</p><p>　　【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；閉合電路的歐姆定律．</p><p>　　【分析】（1）兩物體的加速

84、度大小相等，分析對(duì)物體和導(dǎo)體棒受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列式，聯(lián)立可求得加速度大小；</p><p>　?。?）由E=BLv可求得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小，再根據(jù)歐姆定律可求得電流，再根據(jù)受力分析共點(diǎn)力的平衡列式即可求得磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；</p><p>　?。?）對(duì)勻速過(guò)程分析，根據(jù)功能關(guān)系可求得電流做功的大?。?lt;/p><p>　　【解答】解：（1）根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)導(dǎo)

85、體棒有：</p><p>　　T+mgsin37°=ma</p><p><b>　　以重物有：</b></p><p><b>　　3mg﹣T=3ma</b></p><p>　　聯(lián)立解得：得a=0.9g</p><p>　?。?）由歐姆定律可知：</p&g

86、t;<p><b>　　感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：</b></p><p><b>　　E=BLvm</b></p><p>　　由平衡條件可知，速度最大時(shí)加速度等于0，</p><p>　　故有3mg+mgsin37°=BIL</p><p><b>　　解得：</b&g

87、t;</p><p>　?。?）金屬棒達(dá)最大速度后再下滑s距離的過(guò)程分析可知，減小的機(jī)械能通過(guò)電流做功轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，則由能量關(guān)系可知，</p><p>　　電流做功：Q=3mg×s+mgsin37°×s=3.6mgs；</p><p>　　答：（1）金屬棒剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小為0.9g</p><p>　?。?）

88、勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為；</p><p>　?。?）求金屬棒達(dá)最大速度后再下滑s距離的過(guò)程中，電流做功為3.6mgs</p><p>　　三、選考題【選修3－3】（共4小題，第16~18小題，每小題5分；第19小題10分，滿分25分）</p><p>　　16．下列說(shuō)法正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．氣體的壓強(qiáng)等于器壁單位面積

89、上所受氣體分子平均作用力的大小</p><p>　　B．布朗運(yùn)動(dòng)證明，組成固體小顆粒的分子在做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)</p><p>　　C．當(dāng)人們感到干燥時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較小</p><p>　　D．已知阿伏加德羅常數(shù)，某氣體的摩爾質(zhì)量，就可以計(jì)算出該氣體的分子質(zhì)量</p><p>　　E．溫度是描述熱運(yùn)動(dòng)的物理量，一個(gè)系統(tǒng)與另一個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡

90、時(shí)兩系統(tǒng)溫度相同</p><p>　　【考點(diǎn)】阿伏加德羅常數(shù)．</p><p>　　【分析】氣體的壓強(qiáng)是由大量的氣體分子對(duì)容器壁的碰撞引起的；</p><p>　　布朗運(yùn)動(dòng)表明了液體分子在做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；</p><p>　　絕對(duì)濕度指大氣中水蒸汽的實(shí)際壓強(qiáng)，相對(duì)濕度是指水蒸汽的實(shí)際壓強(qiáng)與該溫度下水蒸汽的飽和壓強(qiáng)之比；當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的相

91、對(duì)濕度一定較大，人們感到干燥時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較小；</p><p>　　已知阿伏加德羅常數(shù)，某氣體的摩爾質(zhì)量，就可以計(jì)算出該氣體的分子質(zhì)量；</p><p>　　達(dá)到熱平衡的兩系統(tǒng)溫度相同．</p><p>　　【解答】解：A、大量做無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的分子對(duì)器壁頻繁、持續(xù)地碰撞產(chǎn)生了氣體的壓強(qiáng)，氣體的壓強(qiáng)在數(shù)值上等于大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力的大

92、?。蔄錯(cuò)誤；</p><p>　　B、布朗運(yùn)動(dòng)是指懸浮在液體中的固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)，它是由于液體分子的撞擊作用力不平衡造成的，因此表明了液體分子在不停息的做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；</p><p>　　C、當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的絕對(duì)濕度一定較大，人們感到干燥時(shí)，空氣的絕對(duì)濕度一定較小，故C正確；</p><p>　　D、一個(gè)分子質(zhì)量m0=，即已知阿伏伽德羅常數(shù)，某氣

93、體的摩爾質(zhì)量，就可以計(jì)算出該氣體的分子質(zhì)量，故D正確；</p><p>　　E、根據(jù)熱平衡定律：溫度是描述熱運(yùn)動(dòng)的物理量，一個(gè)系統(tǒng)與另一個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時(shí)兩系統(tǒng)溫度相同．故E正確．</p><p><b>　　故選：CDE</b></p><p>　　17．以下說(shuō)法正確的有（　?。?lt;/p><p>　　A．橡膠無(wú)固定的熔

94、點(diǎn)，是非晶體</p><p>　　B．液晶的光學(xué)性質(zhì)會(huì)隨溫度、外加電壓等外界因素的變化而變化</p><p>　　C．云母片各方向的導(dǎo)熱性能相同</p><p>　　D．氣體很容易充滿整個(gè)容器，這是分子間存在斥力的宏觀表現(xiàn)</p><p>　　E．雨水沒(méi)有透過(guò)布雨傘是因?yàn)橐后w表面存在張力</p><p>　　【考點(diǎn)】*

95、 晶體和非晶體．</p><p>　　【分析】橡膠無(wú)固定的熔點(diǎn)，是非晶體；雨水沒(méi)有透過(guò)布雨傘是因?yàn)橐后w表面存在張力；晶體物理性質(zhì)各向異性，非晶體各向同性；氣體分子間距離很大，分子力可以忽略；液體表面張力使液體表面有收縮的趨勢(shì)，表現(xiàn)為引力</p><p>　　【解答】解：A、橡膠無(wú)固定的熔點(diǎn)，是非晶體．故A正確；</p><p>　　B、液晶的光學(xué)性質(zhì)隨外加電壓、溫度

96、的變化而變化，故B正確．</p><p>　　C、云母是晶體導(dǎo)熱性能各向異性，故C錯(cuò)誤；</p><p>　　D、氣體很容易充滿整個(gè)容器，因?yàn)闅怏w分子間的間的距離很大，分子力可忽略，氣體分子可自由移動(dòng)而充滿容器，故C錯(cuò)誤；</p><p>　　E、雨水在布料上形成一層薄膜，使雨水沒(méi)有透過(guò)布雨傘是因?yàn)橐后w表面存在張力，故E正確；</p><p>

97、;<b>　　故選：ABE</b></p><p>　　18．關(guān)于熱現(xiàn)象和熱學(xué)規(guī)律，下列說(shuō)法中正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．只有做功才能改變氣體的內(nèi)能</p><p>　　B．第二類永動(dòng)機(jī)不可能制造成功的原因是因?yàn)檫`背了能量守恒定律</p><p>　　C．用活塞壓縮汽缸里的氣體，對(duì)氣體做了2.0×

98、105J的功，若氣體向外界放出1.5×105J的熱量，則氣體的內(nèi)能增加了0.5×105J</p><p>　　D．自然界中自發(fā)進(jìn)行的與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀物理過(guò)程都具有方向性</p><p>　　E．空調(diào)機(jī)在制冷過(guò)程中，從室內(nèi)吸收的熱量少于向室外放出的熱量</p><p>　　【考點(diǎn)】熱力學(xué)第二定律；熱力學(xué)第一定律．</p><p

99、>　　【分析】做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能，第二類永動(dòng)機(jī)不可能制造出來(lái)的是由于違背熱力學(xué)第二定律，根據(jù)熱力學(xué)第一定律計(jì)算出氣體內(nèi)能的增加；壓縮機(jī)要消耗電能做功，所以從室內(nèi)吸收的熱量少于向室外放出的熱量．</p><p>　　【解答】解：A、做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能．故A錯(cuò)誤；</p><p>　　B、第二類永動(dòng)機(jī)不可能制造出來(lái)的是由于違背熱力學(xué)第二定律，故B錯(cuò)誤；<

100、/p><p>　　C、用活塞壓縮氣缸里的氣體，對(duì)氣體做了2.0×105J的功，若氣體向外界放出1.5×105J的熱量，則氣體內(nèi)能增加了：△U=W+Q=﹣1.5×105+2.0×105=0.5×105J，故C正確；</p><p>　　D、由熵增加原理知，一切自發(fā)過(guò)程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行，即自發(fā)進(jìn)行的與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀物理過(guò)程

101、都具有方向性，故D正確；</p><p>　　E、空調(diào)機(jī)在制冷過(guò)程中，由于壓縮機(jī)要消耗電能做功，所以從室內(nèi)吸收的熱量少于向室外放出的熱量．故E正確</p><p><b>　　故選：CDE</b></p><p>　　19．如圖所示，A、B導(dǎo)熱氣缸水平固定放置，截面積分別為400cm2、200cm2．用導(dǎo)熱活塞M、N分別在A、B兩個(gè)氣缸中封閉體

102、積均為10L、壓強(qiáng)均為1atm，溫度相同的理想氣體，M、N間有一輕桿相連．現(xiàn)給活塞N施加一水平推力，使其緩慢向右移動(dòng)，不計(jì)活塞與器壁間的摩擦，周圍大氣壓強(qiáng)為P0=1atm=105Pa，氣溫保持不變．當(dāng)推力F=2×103N時(shí)，求：</p><p>　?。?）A中氣體壓強(qiáng)？</p><p>　?。?）活塞N向右移動(dòng)的距離是多少？</p><p>　　【考點(diǎn)】理

103、想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)．</p><p>　　【分析】氣體溫度保持不變，氣體發(fā)生等溫變化，求出氣體的狀態(tài)參量，應(yīng)用玻意耳定律其次氣體的壓強(qiáng)，求出活塞移動(dòng)的距離．</p><p>　　【解答】解：氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律得：</p><p>　　對(duì)A中氣體：PAVA=PA'V'A，</p><p><b>

104、;　　其中：，</b></p><p>　　對(duì)B中氣體：PBVB=PB'V'B，</p><p><b>　　其中：，</b></p><p>　　穩(wěn)定后：PA'=PB'，桿的作用力為0，</p><p><b>　　解得： ，</b></p>

105、<p>　　由PAVA=PA'V'A，</p><p><b>　　解得：；</b></p><p>　　答：（1）A中氣體壓強(qiáng)為1.5×105Pa；</p><p>　?。?）活塞N向右移動(dòng)的距離是m．</p><p><b>　　【選修3-4】</b>&l

106、t;/p><p>　　20．一簡(jiǎn)諧振子沿x軸振動(dòng)，平衡位置在坐標(biāo)原點(diǎn)，t=0時(shí)刻振子的位移x=﹣0.3m；t=3s時(shí)刻x=0.3m，則該振子的振幅和周期可能為（　?。?lt;/p><p>　　A．0.3m，6sB．0.3m，3sC．0.6m，18sD．0.6m，6s</p><p>　　E．0.6m，3s</p><p>　　【考點(diǎn)

107、】簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力和能量．</p><p>　　【分析】t=0時(shí)刻振子的位移x=﹣0.3m，t=3s時(shí)刻x=0.3m，關(guān)于平衡位置對(duì)稱；如果振幅為0.3m，則3s為半周期的奇數(shù)倍；如果振幅為0.6m，分靠近平衡位置和遠(yuǎn)離平衡位置分析．</p><p>　　【解答】解：A、B、t=0時(shí)刻振子的位移x=﹣0.3m，t=3s時(shí)刻x=0.3m，如果振幅為0.3m，則：（n+）T=t</p&g

108、t;<p><b>　　解得：T==</b></p><p>　　當(dāng)n=0時(shí)，T=6s；</p><p>　　當(dāng)n=1時(shí)，T=2；</p><p><b>　　故A正確，B錯(cuò)誤；</b></p><p>　　C、D、E、t=0時(shí)刻振子的位移x=﹣0.3m，t=3s時(shí)刻x=0.3m，如果

109、振幅為0.6m，結(jié)合位移時(shí)間關(guān)系圖象，有：</p><p>　　t=+nT ①</p><p>　　或者t=T+nT ②</p><p>　　或者t=+nT ③</p><p>　　當(dāng)n=0時(shí)，對(duì)于①式，T=9s；對(duì)于②式，T=s；對(duì)于③式，T=6s；</p><p>　　當(dāng)n=1時(shí)，對(duì)于①式，

110、T=s；對(duì)于②式，T=s；對(duì)于③式，T=2s；</p><p>　　故C錯(cuò)誤，D正確，E錯(cuò)誤；</p><p><b>　　故選：AD</b></p><p>　　21．圖甲所示為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=2s時(shí)的波形圖，圖乙為該波上A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象，則下列判斷正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．這列波的波速為2m/s&l

111、t;/p><p>　　B．這列波沿x軸負(fù)向傳播</p><p>　　C．質(zhì)點(diǎn)A在任意一個(gè)2s時(shí)間內(nèi)通過(guò)的路程一定為40cm</p><p>　　D．該波遇到另一列波發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，則另一列波的頻率為2.5Hz</p><p>　　E．該波傳播時(shí)遇到一尺寸為1.2m的障礙物，能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象</p><p>　　【考

112、點(diǎn)】波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象．</p><p>　　【分析】根據(jù)甲圖讀出波長(zhǎng)，乙圖讀出周期，即可求波速；根據(jù)乙圖讀出t=2s時(shí)質(zhì)點(diǎn)的速度方向，可判斷波的傳播方向．由時(shí)間與周期的倍數(shù)，求質(zhì)點(diǎn)A通過(guò)的路程．對(duì)照干涉和衍射的條件分析即可．</p><p>　　【解答】解：A、由圖甲可知該簡(jiǎn)諧橫波的波長(zhǎng)為 λ=4m，由圖乙知周期為 T=2s，則波速為 v==2m/s，故A正確．</

113、p><p>　　B、根據(jù)圖乙可知，質(zhì)點(diǎn)A在t=2s時(shí)振動(dòng)方向向下，所以這列波沿x軸正向傳播，故B錯(cuò)誤．</p><p>　　C、質(zhì)點(diǎn)A做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，在任意一個(gè)2s時(shí)間內(nèi)，即一個(gè)周期內(nèi)通過(guò)的路程一定為 S=4A=4×10cm=40cm，故C正確．</p><p>　　D、該波的頻率為 f==0.5Hz，該波遇到另一列波發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，則另一列波的頻率與該波的頻

114、率相同，應(yīng)為0.5Hz．故D錯(cuò)誤．</p><p>　　E、該波傳播時(shí)遇到一尺寸為1.2m的障礙物，由于該障礙物的尺寸比波長(zhǎng)小得多，所以不能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故E錯(cuò)誤．</p><p><b>　　故選：AC</b></p><p>　　22．以下說(shuō)法中正確的是（　?。?lt;/p><p>　　A．圖甲是一束由紅、紫組成的

115、復(fù)色光進(jìn)入水珠后傳播的示意圖，其中a為紫色光b為紅光</p><p>　　B．圖乙沙漠中的“蜃景”現(xiàn)象是光的折射和全反射現(xiàn)象引起的</p><p>　　C．圖丙是雙縫干涉示意圖，若只減小雙縫S1、S2間距離d，兩相鄰亮條紋間距離△x將減小</p><p>　　D．圖丁是單色光的衍射圖樣，中央條紋特別寬特別亮，兩側(cè)的亮紋比較窄比較暗</p><p&

116、gt;　　E．圖戊中的M、N是偏振片，P是光屏．當(dāng)M固定不動(dòng)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)N時(shí)，光屏P上的光亮度將明暗交替變化</p><p>　　【考點(diǎn)】光的干涉；全反射．</p><p>　　【分析】根據(jù)折射率的大小分析偏折角的大小，來(lái)判斷光的顏色．沙漠“蜃景”現(xiàn)象是光的全反射現(xiàn)象引起的．根據(jù)雙縫干涉相鄰兩亮條紋的間距△x與雙縫間距離d及光的波長(zhǎng)λ的關(guān)系式△x=λ，判斷相鄰亮條紋間距離△x的變化．單縫衍射條

117、紋分布不均勻．根據(jù)M、N的透振方向關(guān)系，分析光屏上光的亮度變化．</p><p>　　【解答】解：A、紅光的折射率比紫光的小，則由折射定律知，光進(jìn)入水珠中時(shí)紅光的偏折角比紫光的小，所以a為紅光，b為紫色光b．故A錯(cuò)誤．</p><p>　　B、圖乙沙漠中的“蜃景”現(xiàn)象是光的全反射現(xiàn)象引起的，故B錯(cuò)誤．</p><p>　　C、根據(jù)雙縫干涉相鄰兩亮條紋的間距△x與雙縫